卓曉萍

摘要：文章從一道高三質(zhì)檢試題談起，從不同的角度進(jìn)行思路分析，對(duì)含參數(shù)恒成立的解題難點(diǎn)進(jìn)行分析突破，領(lǐng)悟其中的方法與規(guī)律，揭示求解這類問(wèn)題的基本策略.

關(guān)鍵詞：含參數(shù);恒成立;難點(diǎn)突破

中圖分類號(hào)：G632文獻(xiàn)標(biāo)識(shí)碼：A文章編號(hào)：1008-0333（2022）16-0022-03

含參數(shù)恒成立問(wèn)題在近年高考及各地市高三質(zhì)檢試題中頻頻出現(xiàn)，這類問(wèn)題常常與導(dǎo)數(shù)結(jié)合起來(lái)考查，解法靈活多變，難度不小.本文以一道高三質(zhì)檢試題為抓手，從不同的角度進(jìn)行思路分析，對(duì)解題難點(diǎn)進(jìn)行分析突破，領(lǐng)悟其中的方法與規(guī)律，揭示求解這類問(wèn)題的基本策略.

1 題目呈現(xiàn)

題目已知函數(shù)gx=x3+mx+2，若對(duì)任意實(shí)數(shù)x，均有g(shù)（ex+1）≥g（x），求m的取值范圍.

2 解法賞析

解法1（參變分離）由g（ex+1）≥g（x） ，得

ex+13+mex+1≥x3+mx.

即-mex+1-x≤ex+13-x3

=ex+1-xex+12+xex+1+x2.

易證ex+1>x.

上式可化為-m≤ex+12+xex+1+x2.

令h（x）=ex+12+xex+1+x2，

則h′（x）=2e2x+2+xex+1+ex+1+2x=2ex+1-1ex+1+1+（x+1）ex+1+2.

因?yàn)閔′（-1）=0，

當(dāng)x>-1時(shí)，ex+1-1>0，

x+1>0，ex+1+1>0，

ex+1+2>0，

得h′（x）>0;

當(dāng)x<-1時(shí)，ex+1-1<0，

x+1<0，

ex+1+1>0，

ex+1+2>0，

得h′（x）<0.

所以h（x）在區(qū)間-1，+

SymboleB@

上單調(diào)遞增，h（x）在區(qū)間-

SymboleB@

，-1上單調(diào)遞減.

所以h（x）≥h（-1）=1.

即-m≤1.

即m≥-1.

評(píng)析本法解題策略是完全分離參數(shù)，難點(diǎn)是分參過(guò)程中要注意觀察不等式兩邊的結(jié)構(gòu)特點(diǎn)，發(fā)現(xiàn)有相同因式“ex+1-x”，從而轉(zhuǎn)化為-m≤ex+12+xex+1+x2，則把問(wèn)題轉(zhuǎn)化為新函數(shù)h（x）=ex+12+xex+1+x2的最小值，對(duì)h（x）求導(dǎo)后得h′（x）=2e2x+2+xex+1+ex+1+2x，若繼續(xù)進(jìn)行求導(dǎo)有h″（x）=4e2x+2+xex+1+2ex+1+2，h（x）=8e2x+2+xex+1+3ex+1都難以確定導(dǎo)函數(shù)的零點(diǎn)和符號(hào).故先觀察h′（x）式子的特點(diǎn)，發(fā)現(xiàn)到h′（-1）=0，則轉(zhuǎn)換為對(duì)h′（x）進(jìn)行變形h′x=2e2x+2-2+（x+1）ex+1+2（x+1）=2（ex+1-1）（ex+1+1）+（x+1）（ex+1+2），實(shí)現(xiàn)了部分因式分解，有利于進(jìn)一步分析x=-1兩側(cè)h′（x）的符號(hào)，從而突破了本題的難點(diǎn).

解法2（巧妙放縮）由g（x）=x3+mx+2，

記hx=ex+1-x，

易證ex≥x+1，

ex+1-x≥x+2-x=2

當(dāng)且僅當(dāng)x=-1時(shí)等號(hào)成立.

令ex+1-x=t，則

g（ex+1）-g（x）

=（x+t）3+m（x+t）+2-（x3+mx+2）

=t3x+t22+14t2+m

對(duì)t≥2恒成立，

當(dāng)t=2，x=-t2=-1時(shí)，

t3x+t22+14t2+m取最小值1+m.

所以1+m≥0.

解得m≥-1.

評(píng)析本法是基于不等式g（ex+1）≥g（x）的結(jié)構(gòu)特點(diǎn)，結(jié)合不等式“ex≥x+1”，利用換元法，令ex+1-x=t，把問(wèn)題轉(zhuǎn)化為三次不等式恒成立t3x+t22+14t2+m≥0，把超越式轉(zhuǎn)化為非超越式，問(wèn)題即不難解決了.

3 解題反思

3.1含參數(shù)不等式f（x）≥0x∈D恒成立問(wèn)題切入點(diǎn)

（1）區(qū)間的端點(diǎn)值為a，若f（a）=0，可借助f ′（a）≥0探尋必要條件;

（2）區(qū)間中間值為m，若f（m）=0，可轉(zhuǎn)化為x=m是f（x）的極值點(diǎn);

（3）特殊值x0代入f（x0）≥0，探尋必要條件;

（4）優(yōu)化不等式的結(jié)構(gòu)，有利于后續(xù)對(duì)導(dǎo)函數(shù)的進(jìn)一步分析.

3.2 含參數(shù)不等式f（x）≥0x∈D恒成立問(wèn)題常見(jiàn)解法

（1）把問(wèn)題轉(zhuǎn)化為求函數(shù)y=f（x）的最小值;

（2）完全分離參數(shù)得a≥g（x），求函數(shù)y=g（x）的最大值;

（3）部分分離參數(shù)F（x）≥G（x），數(shù)形結(jié)合或分析函數(shù)y=F（x）與y=G（x）的最值.

3.3 求解函數(shù)f（x）最值過(guò)程的關(guān)注點(diǎn)

（1）f（x）的最值在端點(diǎn)處取到可能利用洛必達(dá)法則;

（2）f（x）的最值在顯極值點(diǎn)處取到，需要觀察f ′（x）的零點(diǎn)，以及因式分解或?qū) ′（x）結(jié)構(gòu)分析;

（3）f（x）的最值在隱極值點(diǎn)處取到，需要用零點(diǎn)存在定理分析f ′（x）的零點(diǎn)x0，以及對(duì)f ′（x0）=0整體代換以便化簡(jiǎn)f（x0）.

4 變式訓(xùn)練

變式1已知fx=（x+3）e-x+2x，若fx≤ax2+3，求a的取值范圍.

解析令Fx=（x+3）e-x+2x-ax2-3，

觀察F0=0，

分析知x=0是Fx的極大值點(diǎn)，

從而F′x=-（x+2）ex+2-2ax在0附近的小鄰域-δ，δ單調(diào)遞減，

進(jìn)一步逆推

F″x=x+1ex-2a在-δ，δ內(nèi)F″x≤0.

由Fx=-xex知道

F″x在x=0處取到最大值，

從而確定出分類討論的界點(diǎn)是F″0≤0與F″0>0，即a≥12與a<12.

另外，由F1≤0，得

a≥4e-1>0，

縮小了參數(shù)的范圍，減少了分類討論的情況.

變式2已知e是自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，函數(shù)

fx=ex+sinx-2x的導(dǎo)函數(shù)為gx.若對(duì)任意x∈-π3，0，都有x·gx≥x2+m，求實(shí)數(shù)m的取值范圍.

解析特?cái)?shù)值代入不等式探尋必要條件：

0·e0+0·cos0-0-0≥m，

解得m≤0.

再證明當(dāng)m≤0時(shí)，

xex+xcosx-2x-x2=xex+cosx-2-x≥m.

變式3已知函數(shù)fx=ex+ax2-x.當(dāng)x≥0時(shí)，fx≥12x3+1，求a的取值范圍.

解析fx≥12x3+1，得

x=0時(shí)，f0=1=12×0+1.

x≠0時(shí)，

a≥12x3+x+1-exx2.

令hx=12x3+x+1-exx2，

則h′x=12x3-x-2-ex（x-2）x2.

觀察h′2=0，

從而對(duì)h′x因式分解，

分析出x=2是h（x）的極小值點(diǎn).

參考文獻(xiàn)：

[1] 范選文，唐秋萍.例談一類不等式恒成立求參數(shù)范圍的解題策略[J].中學(xué)數(shù)學(xué)研究（華南師范大學(xué)版），2017（23）：20-21.

[2] 阮征，龐颯.分離參數(shù)求解一類不等式恒成立問(wèn)題[J].中學(xué)生數(shù)理化，2020（Z1）：31.

[責(zé)任編輯：李璟]