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(南京師范大學(xué) 江蘇南京 210000)

與等式ab=cd相關(guān)聯(lián)的競賽題

●葛軍

(南京師范大學(xué) 江蘇南京 210000)

有一系列的競賽題均涉及到等式的理解和運用.現(xiàn)舉例加以說明.

結(jié)論1設(shè)a,b,c,d為正整數(shù)，滿足ab=cd，則必存在正整數(shù)r,s,u,v，且(r,s)=1，使得a,b,c,d分別可以表示為a=ru，b=sv，c=su，d=rv.

利用結(jié)論1，可以較容易地解決一些競賽題.

例1設(shè)a,b,c,d為正整數(shù)，滿足ab=cd，求證：a2+b2+c2+d2是合數(shù).

分析由結(jié)論1，得

a2+b2+c2+d2=

(ru)2+(su)2+(sv)2+(rv)2=

(r2u2+r2v2)+(s2v2+s2u2)=

(r2+s2)(u2+v2).

由a,b,c,d為正整數(shù)，知r,s,u,v是正整數(shù),因此

u2+v2≥12+12=2，

同理

r2+s2≥2,

從而可得a2+b2+c2+d2為合數(shù).

評注該題是美國的一道競賽題.題目雖解答完畢，但還需追求“一分鐘的過程，必獲十分鐘的效果”.首先，可以反思總結(jié)出：解決因數(shù)分解問題的基本思路之一，就是轉(zhuǎn)化為因式分解問題來處理.其次，自然地運用“一般化”意識,心問：當(dāng)滿足例1的條件時，an+bn+cn+dn(n≥1,n∈N+)仍是合數(shù)嗎？在a2+b2+c2+d2的分解中，可以將各項式子一般化，即

an+bn+cn+dn=

(rnun+rnvn)+(snvn+snun)=

(rn+sn)(un+vn)

也為合數(shù).

特別地，當(dāng)n=1時的結(jié)論還可以參見文獻(xiàn)[1].另外，根據(jù)上述過程還可以得到:

a2+b2-c2-d2=

(ru)2+(su)2-(sv)2-(rv)2=

(r2-s2)(u2-v2)=

(r-s)(u-v)(r+s)(u+v).

例2設(shè)a,b,c,d為正整數(shù)，滿足ab=cd，a+b=c-d，求證：存在邊長是整數(shù)且面積為ab的直角三角形[2].

分析本題的題意是要求證明：存在正整數(shù)x,y，使得xy=2ab，且x2+y2為完全平方數(shù).由ab=cd及結(jié)論1，可令a=mu,b=nv，c=nu,d=mv,代入a+b=c-d，得

a+b+c+d=2c，

即

(m+n)(u+v)=2c.

對照2ab=2cd，自然地考慮嘗試在等式的2邊同乘以d(即mv)，得

(m+n)(u+v)·mv=2c·mv=2cd=2ab,

從而 [(m+n)v] [(u+v)m]=

(mv+nv)(mu+nv)=2ab,

即

(d+b)(d+a)=2ab.

假若可以驗證(d+a)2+(d+b)2為完全平方數(shù)，則問題得到解決.事實上，

(d+a)2+ (d+b)2=

2d2+2d(a+b)+a2+b2=

2d(d+a+b)+a2+b2=

2dc+a2+b2=(a+b)2,

故例2得證.

評注注意到ab=cd及a+b=c-d，聯(lián)想到a,b為一個一元二次方程的2個根，于是例2變形為2012年全國高中數(shù)學(xué)聯(lián)賽江蘇賽區(qū)初賽試題：

設(shè)a,b,c,d為正整數(shù)，a,b為方程x2-(d-c)x+cd=0的2個根，證明：一定存在邊長是整數(shù)且面積為ab的直角三角形.

(第26屆獨聯(lián)體數(shù)學(xué)奧林匹克競賽試題)

分析觀察題中條件與結(jié)論，注意到k可視為不變量，嘗試從n-k與k的大小關(guān)系入手.由k

kn=lm=(k+a)(k+b)=k2+(a+b)k+ab,

推得k|ab，從而ab≥k.因此,

前面討論了基于直接給出等式ad=bc的相關(guān)問題的解決，下面給出2個例題，需先揭示出等式ad=bc，然后再證明問題的結(jié)論.

例4在2個相鄰的完全平方數(shù)n2與(n+1)2之間任取若干個不同的整數(shù)，證明：它們中兩兩乘積互不相同.

(第17屆全蘇數(shù)學(xué)奧林匹克競賽試題)

分析若取2個數(shù)，則無兩兩乘積，不符題意.若取3個數(shù)a,b,c,不妨設(shè)a

ab

但ad與bc的大小不定，于是就需考慮ad≠bc是否成立？ 考慮到4個數(shù)是任取的，則取多于4個數(shù)的情況，就可以轉(zhuǎn)化為任取4個數(shù)的問題，即探究在任取的4個數(shù)中，兩兩乘積是否不相同.于是，問題就轉(zhuǎn)化為證明：

對于給定的正整數(shù)n，若正整數(shù)a,b,c,d滿足n2

采用反證法證明.假設(shè)存在a,b,c,d且n2

a=ru,b=su,c=rv,d=sv,(u,v)=1.

由b>a，c>a，得s>r,v>u，即有

s≥r+1,v≥u+1，

從而

d=sv≥(r+1)(u+1)=ru+(r+u)+1,

而(n+1)2>d，矛盾.

因此，對于介于n2與(n+1)2之間的任意4個整數(shù)，它們的兩兩乘積互不相同，即例4得證.

評注反思上述的證明思路，條件n2

若r≠u，則

在上述推導(dǎo)過程中,

結(jié)論成立.

若r=u，則由b

d=sv≥(s+1)s≥(r+2)(r+1)>r2+2r+1.

因為r=u，a=ru≥n2，所以r=u≥n.于是

d=sv>r2+2r+1≥n2+2n+1=(n+1)2,

這與d≤(n+1)2矛盾.

因此，進一步地，得到命題：

命題1對于給定的正整數(shù)n，若正整數(shù)a,b,c,d滿足n2≤a

與例4相比，證明該命題的復(fù)雜之處就是需要分情形討論，其難度也就加大了.例4還可以變化為：

對于給定正整數(shù)n，一定存在2n+2個連續(xù)整數(shù)，使得任取其中若干個數(shù)，兩兩乘積都不相同.

分析遇到唯一性問題，常用反證法來處理.

假設(shè)n的分解不是唯一的，則n還可分解為n=u′v′，即uv=u′v′.由uv,u-v聯(lián)想到

(u-v)2=u2-2uv+v2，

同理可得

(u′-v′)2=u′2-2u′v′+v′2.

由uv=u′v′及結(jié)論1，可令u=ac，v=bd，u′=bc,v′=ad，(c,d)=1，這里a,b,c,d為正整數(shù).于是

(u-v)2- (u′-v′)2=u2+v2-u′2-v′2=

(ac)2+(bd)2-(bc)2-(ad)2=

(a2-b2)(c2-d2)=

(a-b)(c-d)(a+b)(c+d).

假設(shè)u-v≠u′-v′，則由n為奇數(shù)得u,v,u′,v′均為奇數(shù)，從而a,b,c,d也均為奇數(shù).若a-b>0,c-d>0，則a-b>2,c-d>2，從而

(u-v)2-(u′-v′)2=

(a-b)(c-d)(a+b)(c+d)≥

2·2·(a+b)·(c+d)>

(1)

這與式(1)矛盾.

假設(shè)u-v=u′-v′，即u-u′=v-v′.若u>u′，則v-v′>0，得v>v′，因此n=uv>u′v′=n，矛盾.同理若uu′-v′，即

而 (u-v)2-(u′-v′)2=

(a-b)(c-d)(a+b)(c+d)>0,

(3)

由式(2)，(3)得a>b，c>d.例5得證.

在解決競賽問題時，首先要學(xué)會從簡單入手，競賽題的難度就在于對基本知識熟悉的程度和對簡單知識理解的程度.越深刻越本質(zhì)的知識是競賽必測的.其次，要學(xué)會運用基本的邏輯證明方法(如反證法)處理問題.再次，學(xué)會運用“一般化”意識，對所要處理的或已處理的問題進行反思.最后，不要忽視書寫的規(guī)范，本文期許讀者能夠簡捷、完整地書寫上述各例的解答過程.若然，你就會對解題思路有更深刻的認(rèn)識，甚至得到更為簡捷的其他做法以及挖掘出相關(guān)的系列問題.如反思例1，你會認(rèn)識到另外2個解題方向：4個數(shù)的平方和可否表示為2個平方數(shù)的和、可以表示為2個數(shù)平方和的數(shù)之積也可以表示為2個數(shù)的平方和，自然地再考慮更為一般的問題，如此下去，就會聯(lián)想到一些著名的數(shù)學(xué)問題.

[1] 王志雄.數(shù)學(xué)奧林匹克競賽36計[M].北京：電子工業(yè)出版社,1993.

[2] 余紅兵.數(shù)學(xué)競賽中的數(shù)論問題[M].上海：華東師范大學(xué)出版社，2005.