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        對(duì)一道高中數(shù)學(xué)課本習(xí)題的多種證法探究

        2022-08-01 08:46:08強(qiáng)
        數(shù)理化解題研究 2022年19期
        關(guān)鍵詞:利用

        董 強(qiáng)

        (陜西省西安市第八十五中學(xué) 710061)

        北師大版高中數(shù)學(xué)必修5第二章《解三角形》章末復(fù)習(xí)題二B組有一道證明等邊三角形的試題(第65頁(yè)第2題),題目是在正方形中有一點(diǎn),使得其到正方形兩頂點(diǎn)連線與正方形一邊均成15°角,來(lái)證明該點(diǎn)與正方形其他兩頂點(diǎn)連線與正方形另一邊形成正三角形.

        1 試題呈現(xiàn)

        試題如圖1,P是正方形ABCD內(nèi)的一點(diǎn),且∠PBC=∠PCB=15°.

        圖1 圖2

        求證:△PAD是等邊三角形.

        2 證法探究

        分析考慮到正方形和正三角形的對(duì)稱性,可以建立平面直角坐標(biāo)系通過(guò)兩點(diǎn)間距離相等證明,或用正余弦定理證明三邊相等,或通過(guò)作輔助線利用三角函數(shù)證明三個(gè)角均為60°,或通過(guò)再構(gòu)造等邊三角形利用平面幾何知識(shí)證明原三角形三內(nèi)角相等,或通過(guò)設(shè)點(diǎn)或構(gòu)造圓找點(diǎn)構(gòu)造等邊三角形,利用同一法證明等.

        思路1證明三邊相等.

        證法1(建系設(shè)點(diǎn))如圖2所示,建立平面直角坐標(biāo)系,設(shè)正方形邊長(zhǎng)|AB|=2,則

        C(2,0),A(0,2),D(2,2).

        因?yàn)椤螾BC=∠PCB=15°,

        所以△PAD是等邊三角形.

        證法2(正余弦定理)設(shè)|AB|=2,|PB|=x,|PA|=y,在△PBC中,由正弦定理,得

        在△PAB中,∠PBA=75°,由余弦定理,得

        y2=x2+4-4xcos75°

        所以|PA|=2.同理|PD|=2.

        所以|PA|=|PD|=|AD|=2.

        所以△PAD是等邊三角形.

        評(píng)析證法1和證法2的思路均為證明三角形的三邊相等,證法1通過(guò)建立適當(dāng)?shù)钠矫嬷苯亲鴺?biāo)系,將點(diǎn)坐標(biāo)化,則三角形三邊長(zhǎng)度相等問(wèn)題轉(zhuǎn)化為兩點(diǎn)間的距離相等問(wèn)題,利用兩點(diǎn)間的距離公式或者向量的模長(zhǎng)即可以求解,證法2將邊長(zhǎng)問(wèn)題利用正余弦定理進(jìn)行解決,從而證得了三角形的三邊相等.這兩種方法是學(xué)生最容易想到也是比較簡(jiǎn)單的證法.

        思路2證明三個(gè)角相等均為60°.

        證法3 (利用三角函數(shù))如圖3,設(shè)正方形的邊長(zhǎng)BC=2,過(guò)點(diǎn)P作BC和AD的垂線,垂足分別為點(diǎn)G,H,因?yàn)椤螾BC=∠PCB=15°,所以PB=PC,∠ABP=∠DCP=75°.

        圖3

        又BA=CD,所以△BPA≌△CPD.

        所以PA=PD.

        于是點(diǎn)G,H分別是BC,AD的中點(diǎn),且BG=AH=1.

        所以∠PAH=60°.

        所以△PAD是等邊三角形.

        評(píng)析證法3通過(guò)三角形中的邊角關(guān)系,先證明了兩個(gè)三角形的全等,得到了一組對(duì)應(yīng)邊的相等,即證得了目標(biāo)三角形是等腰三角形,接著通過(guò)正切值證明了三角形的一個(gè)角是60°,從而說(shuō)明待證三角形是有一個(gè)內(nèi)角為60°的等腰三角形——即等邊三角形.

        思路3構(gòu)造等邊三角形.

        證法4(平面幾何知識(shí))如圖4,在正方形ABCD外取一點(diǎn)F,使得△FBC為等邊三角形,連接PF,因?yàn)椤螾BC=∠PCB=15°,所以BP=CP,∠ABP=75°,∠FBP=15°+60°=75°.

        圖4

        又BA=BC=BF,BP=BP,

        所以△ABP≌△FBP.

        所以∠BAP=∠BFP.

        又BF=CF,PF為公共邊,

        所以△BPF≌△CPF.

        所以∠BAP=∠BFP=30°.

        所以∠PAD=60°.

        同理∠PDA=60°.所以∠APD=60°.

        所以△PAD是等邊三角形.

        證法5(平面幾何知識(shí))如圖5,以PB為一邊在正方形ABCD內(nèi)作等邊△BPQ,連接QD,QC.

        圖5

        因?yàn)椤螾BC=∠PCB=15°,

        所以∠QBC=60°+15°=75°,∠PBA=75°.

        又BA=BC,所以△BPA≌△BQC(SAS).

        所以PA=QC.

        又∠BPC=150°,∠BPQ=60°,

        所以∠QPC=150°.

        所以△BPC≌△QPC(SAS).

        所以QC=BC.

        所以PA=BC=AD.

        又△ABP≌△DCP(SAS),

        所以PA=PD.

        所以PA=PD=AD.

        所以△PAD是等邊三角形.

        評(píng)析證法4和證法5都是通過(guò)構(gòu)造等邊三角形,利用相關(guān)條件證明三角形的全等,證法4求得了目標(biāo)三角形內(nèi)角的余角,從而證得了三角形的三個(gè)內(nèi)角都為60°,即說(shuō)明三角形是等邊三角形,證法5利用三角形的全等證得了相應(yīng)邊的相等,利用三角形三邊相等證明了目標(biāo)三角形是等邊三角形.

        思路4構(gòu)造圓.

        證法6(同一法)如圖6,分別以點(diǎn)A,D為圓心,以正方形的邊長(zhǎng)為半徑作圓,兩圓相交于點(diǎn)R,則△ADR是等邊三角形.

        圖6

        所以∠RAD=60°,∠RAB=30°.

        延長(zhǎng)RA交圓A于點(diǎn)M,連接MB,MD,則由AB=AM,得∠BMA=15°.因?yàn)锽C是圓A的切線,所以∠CBR=∠BMA=15°.

        同理可證,∠BCR=15°.

        又∠PBC=∠PCB=15°,所以點(diǎn)R與點(diǎn)P重合,故△PAD是等邊三角形.

        證法7(同一法)設(shè)P0是正方形ABCD內(nèi)使得△ADP0為等邊三角形的一點(diǎn),則∠P0AD=∠P0DA=∠AP0D=60°,P0A=P0D=AD=AB=DC.

        所以∠BAP0=∠CDP0=30°,∠ABP0=∠AP0B=∠DCP0=∠DP0C=75°.

        故∠P0BC=∠P0CB=15°.

        而∠PBC=∠PCB=15°,由點(diǎn)P的唯一性可知,點(diǎn)P0與點(diǎn)P是同一個(gè)點(diǎn),所以△PAD是等邊三角形.

        評(píng)析證法6利用圓的性質(zhì)給出了找到正方形內(nèi)使得目標(biāo)三角形為等邊三角形的點(diǎn),根據(jù)對(duì)稱性,正方形內(nèi)有這樣的四個(gè)點(diǎn),其中每?jī)蓚€(gè)點(diǎn)與正方形四個(gè)頂點(diǎn)中距這兩點(diǎn)最近的一個(gè)頂點(diǎn)構(gòu)成等邊三角形,這四個(gè)點(diǎn)形成的四邊形是一個(gè)小正方形.證法7對(duì)證法6的過(guò)程進(jìn)行了簡(jiǎn)化,將理論中存在的點(diǎn)設(shè)出來(lái),利用同一性證明了等邊三角形.

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