蔡海濤

(福建省莆田第二中學(xué) 351131)

一、試題呈現(xiàn)

例1(2020年廈門市高三質(zhì)檢·理21)已知函數(shù)f(x)=alnx+x-1，g(x)=x3-1.

(1)若直線l:y=-x+1與曲線y=f(x)相切，求實(shí)數(shù)a的值；

(2)用min{m,n}表示m，n中的最小值，設(shè)函數(shù)h(x)=min{f(x),g(x)}(x>0)，討論h(x)零點(diǎn)的個(gè)數(shù).

二、解法探究

1.第(1)問解析.

解析a=-2.(過程略)

2.第(2)問解析

解法1 當(dāng)0

當(dāng)x=1時(shí)，f(1)=g(1)=0，從而h(1)=0，故x=1為h(x)的一個(gè)零點(diǎn).

當(dāng)x>1時(shí)，g(x)>0，所以h(x)的零點(diǎn)即為f(x)的零點(diǎn).

若-a≤1，即a≥-1時(shí)，f′(x)>0，從而f(x)在區(qū)間(1,+)單調(diào)遞增，進(jìn)而f(x)>f(1)=0.又g(x)>g(1)=0，所以h(x)>0，此時(shí)h(x)在(1,+)沒有零點(diǎn).

若-a>1，即a<-1時(shí)，f(x)在區(qū)間(1,-a)單調(diào)遞減，在區(qū)間(-a,+)單調(diào)遞增.因?yàn)閒(1)=0，f(-a)

易證當(dāng)x>0時(shí)，lnx≤x-1，則ln(4a2)=2ln(-2a)≤2(-2a-1).所以f(4a2)=aln(4a2)+4a2-1≥a×2(-2a-1)+4a2-1=-2a-1>0.故存在x0∈(-a,4a2)，進(jìn)而存在x0∈(-a,+)，使得f(x0)=0，即h(x0)=0，此時(shí)h(x)在(1,+)上存在唯一零點(diǎn).

綜上可得，當(dāng)a≥-1時(shí)，h(x)有一個(gè)零點(diǎn)；當(dāng)a<-1時(shí)，h(x)有兩個(gè)零點(diǎn).

評(píng)注本題若考慮求出函數(shù)h(x)的解析式，則需要對(duì)a進(jìn)行討論，研究f(x)與g(x)的大小關(guān)系，情況比較復(fù)雜.考慮函數(shù)g(x)不含參，故先研究其零點(diǎn)，則得到討論的分界點(diǎn)，分為“01”等三種情況，突破了本題的第一個(gè)難點(diǎn).當(dāng)x>1時(shí)，由于g(x)>0，故把要求解的問題轉(zhuǎn)化為f(x)的零點(diǎn)情況，則需對(duì)其求導(dǎo)，對(duì)參數(shù)a進(jìn)行討論，研究其單調(diào)性，結(jié)合f(1)=0，得到零點(diǎn)個(gè)數(shù)，突破了本題的第二個(gè)難點(diǎn).在對(duì)含參函數(shù)導(dǎo)數(shù)問題的討論中,對(duì)參數(shù)的討論分界點(diǎn)的分析尤為重要.

當(dāng)x=1時(shí)，因?yàn)閒(1)=g(1)=0，所以h(1)=0，1為h(x)的零點(diǎn)；

當(dāng)x>1時(shí)，因?yàn)閒(x)>f(1)=0，g(x)>g(1)=0，h(x)>0，無零點(diǎn)；

此時(shí)，h(x)有一個(gè)零點(diǎn).

當(dāng)0

當(dāng)x=1時(shí)，因?yàn)閒(1)=g(1)=0，所以h(1)=0，1為h(x)的零點(diǎn)；

當(dāng)x>1時(shí)，因?yàn)間(x)>g(1)=0，此時(shí)只需考慮f(x)在(1,+)上的零點(diǎn)即可.

若-a≤1，即-1≤a<0時(shí)，因?yàn)閒(x)在(1,+)上單調(diào)遞增，所以f(x)>f(1)=0.從而f(x)無零點(diǎn),進(jìn)而h(x)無零點(diǎn)，此時(shí)h(x)在(0,+)上共有一個(gè)零點(diǎn).

若a<-1時(shí)，與解法1相同，可得h(x)在(1,+)上存在唯一零點(diǎn)；

綜上可得，當(dāng)a≥-1時(shí)，h(x)有一個(gè)零點(diǎn)；當(dāng)a<-1時(shí)，h(x)有兩個(gè)零點(diǎn).

評(píng)注解法2從研究函數(shù)f(x)的零點(diǎn)入手，求導(dǎo)后結(jié)合定義域?qū)?shù)a討論.當(dāng)a<0時(shí)，結(jié)合函數(shù)g(x)的零點(diǎn)情況，難點(diǎn)為f(x)在(1,+)上的零點(diǎn)研究，基本思路同解法1.

三、高考探源

(1)當(dāng)a為何值時(shí)，x軸為曲線y=f(x) 的切線；

(2)用min{m,n}表示m，n中的最小值，設(shè)函數(shù)h(x)=min{f(x),g(x)}(x>0)，討論h(x)零點(diǎn)的個(gè)數(shù).

(2)當(dāng)x∈(1,+)時(shí)，因?yàn)間(x)=-lnx<0，所以h(x)=min{f(x),g(x)}≤g(x)<0.所以h(x)在(1,+)上無零點(diǎn)．

當(dāng)x∈(0,1)時(shí)，因?yàn)間(x)=-lnx>0，所以只需考慮f(x)在(0,1)上的零點(diǎn)個(gè)數(shù)．

四、變式拓展

例3 已知函數(shù)f(x)=2x3-3x2+1,g(x)=kx+1-lnx.

(1)若過點(diǎn)P(a,-4)恰有兩條直線與曲線y=f(x)相切，求a的值；

(2)用min{m,n}表示m，n中的最小值，設(shè)函數(shù)h(x)=min{f(x),g(x)}(x>0)，若h(x)恰有三個(gè)零點(diǎn)，求實(shí)數(shù)k的取值范圍.

解析(1)設(shè)切點(diǎn)為Q(t,f(t))，因?yàn)閒′(x)=6x2-6x，所以切線的斜率為f′(t)=6t2-6t.所以切線方程為y-f(t)=(6t2-6t)(x-t).因?yàn)榍芯€過點(diǎn)P(a,-4),所以-4-f(t)=(6t2-6t)(a-t).整理,得4t3-(3+6a)t2+6at-5=0.(*)

又曲線恰有兩條切線，即方程(*)恰有兩個(gè)不同解.

解得a=-1.

(2)因?yàn)閒(x)=2x3-3x2+1=(x-1)2(2x+1)，所以f(x)在(0,+)上只有一個(gè)零點(diǎn)x=1.

①當(dāng)k≤0時(shí)，因?yàn)間′(x)<0，所以g(x)在(0,+)上單調(diào)遞減，所以g(x)在(0,+)上至多只有一個(gè)零點(diǎn)，不合題意.

令F(x)=ex-x2(x>2)，則F′(x)=ex-2x，F(xiàn)″(x)=ex-2>e2-2>0.所以F′(x)>F′(2)=e2-4>0，所以F(x)在區(qū)間(2,+)單調(diào)遞增.

所以F(x)>F(2)=e2-4>0，ex-x2>0，

即ex>x2(x>2).

(**)

所以g(x1)=g(x2)=0.

因?yàn)間(1)=k+1>0，f(x1)>0，f(x2)>0，故h(1)>f(1)=0，h(x1)=g(x1)=0，h(x2)=g(x2)=0.

從而h(x)有三個(gè)零點(diǎn).

每年高考試題及各地的高三模擬試題，都是命題老師智慧的結(jié)晶，對(duì)這些試題進(jìn)行深入的探究，探究試題的“源與流”，滲透到高三的教學(xué)中去，既能讓教學(xué)內(nèi)容更豐富多彩，又能激發(fā)學(xué)生的學(xué)習(xí)興趣，有利于拓展學(xué)生的思維，提升學(xué)生的素養(yǎng)，對(duì)高三的復(fù)習(xí)備考有很大的意義.