高賀清

[摘? 要] 文章對一道解析幾何探索性題目的解法，從同構(gòu)式、曲線系、設(shè)點(diǎn)等不同角度進(jìn)行了探究，并對問題進(jìn)行了推廣和引申.

[關(guān)鍵詞] 解析幾何;斜率;探索性問題

[?]試題呈現(xiàn)

題目：（2021年深圳市二模）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，O是坐標(biāo)原點(diǎn)，P是直線x=-2上的動點(diǎn)，過P作兩條相異直線l和l，其中l(wèi)與拋物線C：y2=4x交于A，B兩點(diǎn)，l與C交于M，N兩點(diǎn)，記l，l和直線OP的斜率分別為k，k和k.

（1）當(dāng)P在x軸上，且A為PB中點(diǎn)時，求

k

.

（2）當(dāng)AM為△PBN的中位線時，請問是否存在常數(shù)μ，使得+=μk？若存在，求出μ的值;若不存在，請說明理由.

分析：試題以直線與拋物線為載體，以其幾何關(guān)系為背景，利用設(shè)而不求、方程思想等來解決問題，坐標(biāo)法貫穿始終，主要考查直線與拋物線的位置關(guān)系及探索性問題，考查數(shù)學(xué)運(yùn)算、邏輯推理等數(shù)學(xué)核心素養(yǎng)及思辨能力. 雖說是學(xué)生非常熟知的探究性問題，且入口寬，但具有一定的靈活性，少了固有的套路，能真正考查學(xué)生臨場應(yīng)變能力，可以真實(shí)反映出學(xué)生對解析幾何的思想、運(yùn)算、翻譯等基本技能的掌握程度.

[?]解法探究

（1）

k

=，答案從略.

（2）解法1：設(shè)P（-2，t），B

，y

，N

，y

，顯然y≠y.

則k=，k=，k=-.

由AM為△PBN的中位線，知A

，

，M

，

.

因?yàn)锳，B都在拋物線C上，所以

2

=4×①

2

=4×②

①-②得=，化簡得到y(tǒng)+y=2t，即y=2t-y.

所以+=+=-===t=-2k.

故存在常數(shù)μ=-2，使得+=μk恒成立.

評注：此法類似“點(diǎn)差法”，以設(shè)點(diǎn)的坐標(biāo)為突破口，回避了“聯(lián)立方程組”這一處理直線和曲線位置關(guān)系的常規(guī)思路，另辟蹊徑，大大簡化了運(yùn)算.

解法2：設(shè)P（-2，-2k），A（x，y），B（x，y），M（x，y），N（x，y）.

則k===，同理k=，所以+=.

因?yàn)锳M為△PBN的中位線，所以A，M分別為PB，PN中點(diǎn)，所以2y=y-2k，2y=y-2k，兩式相加得2（y+y）=（y+y）-4k①.

由MA∥NB，知（x-x）（y-y）=（y-y）（x-x），化簡得y+y=y+y②.

由①②可得y+y=y+y=-4k，所以+=-2k.

故存在常數(shù)μ=-2，使得+=μk恒成立.

評注：該法與解法1相似，從“設(shè)點(diǎn)的坐標(biāo)”出發(fā)，先利用點(diǎn)A，B在拋物線上，對斜率k和k進(jìn)行化簡，最后利用整體代換的思想，運(yùn)算簡便快捷，令人耳目一新，對學(xué)生的思維能力提出了較高的要求.

解法3：設(shè)P（-2，-2k），A（x，y），B（x，y），M（x，y），N（x，y）.

設(shè)l的方程為y=k（x+2）-2k，把x=代入得ky2-4y+8（k-k）=0.

則y+y=①，yy=②.

因?yàn)锳M為△PBN的中位線，所以A為PB中點(diǎn)，所以2y=y-2k③.

由①③可解得

y

=

-k

，

y

=

+k

，代入②中

-k

·

+k

=.

化簡得8

2+16k·-k-18=0，同理可得8

2+16k·-k-18=0，這表明，為方程8k2+16k·k-k-18=0的兩個不相等的實(shí)數(shù)根（事實(shí)上該方程的判別式Δ>0，故關(guān)于k的上述方程必有兩個不相等的實(shí)數(shù)根）

所以+=-=-2k，故存在常數(shù)μ=-2，使得+=μk恒成立.

評注：該解法有兩個關(guān)鍵點(diǎn)，其一，對③式的處理，這是一個非對稱的韋達(dá)定理關(guān)系，這類問題的處理方法一般是把③式與①式（即兩根之和）聯(lián)立方程組，求出兩個根y，y，再利用②式（即兩根之積）得到需要的關(guān)系式;或者，利用韋達(dá)定理得到y(tǒng)y與y+y的關(guān)系后，再結(jié)合相關(guān)的式子進(jìn)行化簡處理.這兩種方法均可解決2020年全國Ⅰ卷理科數(shù)學(xué)的第20題. 其二，構(gòu)造同構(gòu)式，使得，為一元二次方程的兩個不相等的實(shí)數(shù)根，進(jìn)一步體現(xiàn)了解析幾何“設(shè)而不求”的典型思想，這種方法與蒙日圓的求解過程有異曲同工之妙.

解法4：設(shè)P（-2，-2k），設(shè)l，l，BN的方程分別為y=k（x+2）-2k，y=k（x+2）-2k，x+by+2c=0，則過點(diǎn)P且與直線BN平行的直線為x+by+2+2bk=0.

因?yàn)锳M為△PBN的中位線，所以直線AM的方程為x+by+c+bk+1=0.

所以過A，B，N，M四點(diǎn)的曲線系為（kx-y+2k-2k）（kx-y+2k-2k）+λ（x+by+2c）（x+by+c+bk+1）=0（*）.

其中，x2的系數(shù)為kk+λ，xy的系數(shù)為-k-k+2λb，y的系數(shù)為4k-2（k+k）+λb（3c+bk+1），y2的系數(shù)為1+λb2，x的系數(shù)為4kk-2k（k+k）+λ（3c+bk+1）.

由于A，B，N，M四點(diǎn)又在拋物線C上，對比（*）式與y2-4x=0的各項(xiàng)系數(shù)知

kk+λ=0①，

-k-k+2λb=0②，

4k-2（k+k）+λb（3c+bk+1）=0③，

=④，

由①②③得kk=-λ，k+k=2λb，bλ（3c+bk+1）=2（k+k）-4k⑤.

把⑤帶入④并化簡得b（1+λb2）=（1+λb2）k.

由①②知+==-2b，若1+λb2=0，則1+（-kk）·

2=0，即（k-k）2=0，也就是k=k，顯然不成立.

從而必有b=k，所以+=-2k.

故存在常數(shù)μ=-2，使得+=μk恒成立.

評注：由于本題涉及的點(diǎn)較多，正好符合二次曲線系方法處理問題的主要特征[1]. 在本題中利用此法的一個難點(diǎn)是，如何“翻譯”中位線這一條件，“中位線”有兩個特征，一是平行，利用平行直線系不難處理，但AM=BN如何“翻譯”呢？筆者通過求“過點(diǎn)P且與直線BN平行的直線方程”，得到了直線AM的方程.可以看到，該法運(yùn)算量較大，參數(shù)較多，關(guān)系復(fù)雜，而且“消元”過程具有一定的技巧.

解法5：設(shè)P（-2，-2k），A（x，y），B（x，y），M（x，y），N（x，y），則=（x-x，y-y），=（x-x，y-y）.

因?yàn)锳M為△PBN的中位線，所以∥，從而（x-x）（y-y）=（y-y）·（x-x）.

又x-x==，x-x==，且y≠y，y≠y，所以y+y=y+y，即y-y=y-y.

兩邊同時平方，可以得到（y+y）2-4yy=（y+y）2-4yy（*）.

設(shè)l的方程為y=k（x+2）-2k，把x=代入得ky2-4y+8（k-k）=0.

則y+y=，yy=①.

同理可得y+y=，yy=②.

把①和②代入（*）式可得+= -2k.

故存在常數(shù)μ=-2，使得+=μk恒成立.

評注：審視該解法的過程發(fā)現(xiàn)，我們只用到了“平行”這一條件便得到了答案，并未使用AM=BN，這是不是意味著只要滿足AM∥BN，上述結(jié)論依然成立呢？再者，P的位置能否一般化？條件和結(jié)論能否互換呢？帶著這些問題，筆者進(jìn)行了深入的探究.

[?]結(jié)論推廣

將上述問題一般化，不難得到如下結(jié)論，限于篇幅，證明從略.

結(jié)論1：在平面直角坐標(biāo)系xOy中，O是坐標(biāo)原點(diǎn)，P是直線x=my+t上的動點(diǎn)，過P作兩條相異直線l和l，其中l(wèi)與拋物線C：y2=2px（p>0）交于A，B兩點(diǎn)，l與C交于M，N兩點(diǎn)，記l，l和直線OP的斜率分別為k，k和k，則當(dāng)AM∥BN時，+=恒成立.

結(jié)論2：在平面直角坐標(biāo)系xOy中，O是坐標(biāo)原點(diǎn)，P是直線x=my+t上的動點(diǎn)，過P作兩條相異直線l和l，其中l(wèi)與拋物線C：y2=2px（p>0）交于A，B兩點(diǎn)，l與C交于M，N兩點(diǎn)，記l，l和直線OP的斜率分別為k，k和k，則當(dāng)+=恒成立時，AM∥BN.

結(jié)論3：在平面直角坐標(biāo)系xOy中，O是坐標(biāo)原點(diǎn)，過P作兩條相異直線l和l，其中l(wèi)與拋物線C：y2=2px（p>0）交于A，B兩點(diǎn)，l與C交于M，N兩點(diǎn)，記l，l和直線OP的斜率分別為k，k和k，則當(dāng)AM∥BN，且+=（a，b為常數(shù)，且a≠0）恒成立時，點(diǎn)P在直線2x-2by-pa=0上.

通過對該題解法的剖析，我們得到了處理此類問題的幾種巧妙新穎的方法，并對問題進(jìn)行了拓展，得到了幾個優(yōu)美的結(jié)論.橢圓和雙曲線中是否也有類似的結(jié)論？有興趣的讀者可以嘗試一下，不再贅述.

[?]解題反思

解析幾何是高中數(shù)學(xué)的主干知識之一，承載著落實(shí)和提升直觀想象、數(shù)學(xué)運(yùn)算、邏輯推理等核心素養(yǎng)的功能，是高考的必考內(nèi)容. 學(xué)好解析幾何，必須過三關(guān)，即“審題關(guān)”“翻譯關(guān)”“運(yùn)算關(guān)”.其中，“翻譯”非常關(guān)鍵.我們知道，解析幾何的基本思想是把幾何問題代數(shù)化，即根據(jù)對幾何圖形的分析，用代數(shù)語言把幾何問題轉(zhuǎn)化（即“翻譯”）為代數(shù)問題，運(yùn)用代數(shù)方法得到結(jié)論，那么選擇何種工具進(jìn)行翻譯就顯得尤為重要了，合理的翻譯，不僅可以大大簡化運(yùn)算，還可以產(chǎn)生一些新穎獨(dú)特的解法，通過上述幾種解法的對比可見一斑.

在平時的教學(xué)中，教師要注重引導(dǎo)學(xué)生進(jìn)行“自覺分析”[2]，即對解題過程進(jìn)行自覺反思，使理解進(jìn)入深層結(jié)構(gòu)，通過分析“怎樣解題”而領(lǐng)悟“怎樣學(xué)會解題”，不僅要反思計(jì)算是否準(zhǔn)確、推理是否合理、解法是否還有更多更簡單的途徑、能否進(jìn)行相應(yīng)的引申和拓展等，還要提煉怎樣解題和怎樣學(xué)會解題的理論啟示，進(jìn)而形成并強(qiáng)化新的認(rèn)知結(jié)構(gòu)，達(dá)到完善解法、優(yōu)化過程、陳題新解、難題簡解、一題多解、多題歸一等效果，不斷提高學(xué)生的創(chuàng)新意識、科學(xué)精神和思維品質(zhì).

參考文獻(xiàn)：

[1]? 劉詩熊. 奧數(shù)教程[M]. 上海：華東師范大學(xué)出版社，2016.

[2]? 羅增儒. 數(shù)學(xué)解題學(xué)引論[M]. 西安：陜西師范大學(xué)出版社，2016.