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        有關“輕桿”的習題研究

        2020-09-17 03:16:12盧敏翔
        物理教師 2020年8期
        關鍵詞:輕桿物塊合力

        盧敏翔

        (蘇州工業(yè)園區(qū)星海實驗中學,江蘇 蘇州 215000)

        理想化模型的建立過程滲透著研究問題時抓住主要因素、忽略次要因素的哲學思想.建立理想化模型是簡化物理研究的重要手段,是一種非常重要的科學研究方法.輕桿是物理學中常見的理想化模型,輕桿在物理上是指不計質量不計形變的剛性桿,具有以下特點.

        (1) 合力為0.根據(jù)牛頓第二定律,輕桿的合力必然為0.如果輕桿只受兩個力,那么這兩個力一定是等大反向的,如果受到3個力的作用,那么這3個力一定是共點力(三力匯交原理).

        (2) 速度可以突變.質量是慣性大小的唯一量度,質量為0,說明物體運動狀態(tài)的改變就沒有了難度,瞬間就可以獲得任意大的速度,這就意味著輕桿的速度是可以突變的.

        (3) 不具有任何能量.質量不計,意味著輕桿不具有動能,勢能.輕桿速度突變時無需外力做功,也無需消耗任何能量.

        在處理輕桿的問題時,要優(yōu)先抓住輕桿的以上特點來進行分析.下面通過典型的例題,從常見的“動桿”、“定桿”的受力特點出發(fā),由淺入深,全面剖析輕桿在各種習題中的處理技巧.

        1 “動桿”、“定桿”的受力特點

        例1.如圖1(a)所示,水平輕桿BC的B端固定,C端有一定滑輪;如圖1(b)所示,水平輕桿BC的B端連接鉸鏈,C端摩擦很大,繩無法移動.當物體靜止時,∠θ均為30°,均不計繩子的質量,求兩種情況下桿C端對外的彈力大小?

        圖1

        解析:圖1(a)中的C端受力分析如圖2(a)所示,先求出拉力T1和T2的合力T合=T2=T1=mg,再根據(jù)平衡特點得到F與T合等大反向,易知桿C端對外的彈力大小為FN=mg.

        圖2

        總結:例1是涉及“定桿”和“動桿”受力特點的典型問題.這類問題往往會和輕繩結合起來.圖1(a)中的輕桿由于B端固定,因此是一根“定桿”,“定桿”對外提供的力不一定沿桿的方向;C端有光滑定滑輪,因此滑輪兩邊的繩的是可以自由活動的,這樣的結點稱為“活結”,“活結”兩邊繩的力一定是等大的.“定桿”本質上是輕桿一端和外界固定,組合成了一個整體,共同對外施力,方向可以沿任意方向,受力分析時不能單獨將“定桿”進行受力分析,需將“定桿”和固連的外界作為一個整體考慮.圖1(b)中的桿由于B端可轉動,因此是一根“動桿”,要使得“動桿”平衡,外界對桿的力必須沿桿的方向,否則桿就會轉動,因此桿對外界的力也必須沿桿的方向;C端結點兩邊的繩由于摩擦太大不能移動,因此是一個“死結”,“死結”兩邊的繩的拉力大小不一定相等.“動桿”由于可動,因此靜止時,其合力必為0(考慮轉動時,其合力矩也必為0).

        2 “動桿”和“定桿”的拓展

        例2.如圖3(a)所示, 已知小球質量為m,小車以加速度a向左做勻加速直線運動,裝置中兩輕桿固定連接,斜桿與豎直方向均成θ角度,試求輕桿對小球的作用力?

        圖3

        例3.如圖4(a)中輕桿BC的B端用鉸鏈接在豎直墻上,另一端C為一輕滑輪.重物G上系一輕繩經過滑輪固定于墻上A點處, 桿恰好平衡.若將繩的A端沿墻緩慢向下移(摩擦均不計),則繩的拉力和BC桿對繩子的作用力各如何變化?

        (a) (b)

        解析:輕桿C端為光滑定滑輪,因此繩AC上的拉力和重物的重力G是一直恒等不變的;輕桿B端和鉸鏈相連,是“動桿”,繩AC上的拉力和重物重力的合力F應該要沿桿方向,當繩A端下移時,合力會由F1增加到F2,如圖4(b)所示,因此BC桿對繩子的作用力增大.

        例3中很多學生在進行受力分析時,誤認為桿對小球的彈力F與豎直方向的夾角β和題目中給的角θ是同一個角,得出F=mg/cosθ的錯誤答案,產生這個錯誤的原因就是沒有認識到整根桿是一根“定桿”,對外提供的彈力F不一定桿沿桿的方向,只有滿足a=gtanθ時,才滿足β=θ,也即此時桿對小球的彈力才沿桿的方向.例3分析時既要注意到BC桿是“動桿”,結點C是“活結”之外,還要意識到當繩A端下移時,桿BC的形態(tài)必然會變化,即BC桿與豎直墻壁的夾角會減小,這是本題的一個難點,也是很多學生在進行受力分析時容易糊涂的地方.

        3 輕桿在受力分析中的處理技巧

        有一些涉及輕桿模型的題目的情景簡單,但是受力分析卻很難,解題的關鍵是如何通過輕桿的特點做出正確的受力分析圖.

        例4.如圖5(a)所示,AC為輕繩,BC為彎曲的硬輕桿,B端用鉸鏈接于豎直墻上, 且AC=BC,當C端掛一質量為m的物體時, 繩AC的拉力為多大?

        圖5

        解析:以C點為研究對象,輕桿對C點的彈力FN方向一定是沿BC連線方向,作出C點受力示意圖如圖5(b)所示.利用力的矢量三角形和幾何三角形相似,可得FT=mg.

        例5.輕質橫桿OB,O端用鉸鏈固定在墻上,B點用輕繩拉緊,使桿處于水平狀態(tài),在B點掛重為G的物體,如圖6(a)甲所示,AB和OB的夾角為θ,在把重物的懸點向O端移動的過程中,求墻對桿作用力的最小值.

        圖6

        解析:該題中的重物的懸掛點向左移動,考慮整根桿的受力,輕桿受到重物的拉力T1,AB繩的拉力T2,以及墻對桿的力F,如圖6(b)所示.由于桿的合力為0,根據(jù)3力匯交原理,這3個力必然是共點力,由于T2的方向始終不變,因此F與T2垂直時,F(xiàn)最小,最小值Fmin=Gcosθ.

        面對較難的受力分析時,一定要抓住輕桿的合力為0,從而得到正確的受力分析圖.例3的關鍵在于如何確定輕桿對C點的彈力方向,如果僅僅是考慮結點C的受力是無法確定輕桿對C點的彈力方向,此時應該轉換研究對象.先對輕桿進行受力分析,輕桿受到兩個力的作用, 即兩個端點對桿的作用力.由于桿處于靜止狀態(tài), 這兩個力一定是一對平衡力,方向必在B點與C點連線上,從而反過來可以得到桿對C的作用力一定是沿BC方向的.例4的關鍵是需對整根輕桿進行受力分析,抓住輕桿處于靜止狀態(tài),巧妙地運用3力匯交,結合動態(tài)圖像處理力的大小變化特征,避免了繁瑣的數(shù)學計算.兩道題的模型簡單,但是受力分析并不簡單,而在受力分析中,能否利用好輕桿合力為零的特點,是解題的關鍵所在.

        4 輕桿在綜合力學問題中的處理技巧

        在綜合力學問題中,物理過程復雜多變,如何在復雜多變的過程中理清物理問題的思路,輕桿是關鍵.

        圖7

        例6.如圖7所示,一輕質長木板置于光滑水平地面上,木板上放著質量分別為mA=2 kg和mB=1 kg的A、B兩個物塊,A、B與木板之間的動摩擦因數(shù)都為μ=0.2,水平恒力F作用在A物塊上,則下列說法正確的是(重力加速度g=10 m/s2,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)

        (A) 若F=1 N,則物塊、木板都靜止不動.

        (B) 若F=1.5 N,則A物塊所受摩擦力大小為1.5 N.

        (C) 若F=6 N,則B物塊所受摩擦力大小為2 N.

        (D) 若F=8 N,則A物塊的加速度大小為3 m/s2.

        解析:在A、B均與木板保持相對靜止時,A、B所受摩擦力會隨拉力增大而增大,以輕木板為研究對象,根據(jù)輕木板的合力為0,可知A、B兩物體對輕木板的摩擦力始終是等大的,由于A與木板間的最大靜摩擦力fA=μmAg=4 N,B與木板間的最大靜摩擦力fB=μmBg=2 N,所以一定是B物體所受摩擦力先達到最大靜摩擦力.設B物體所受摩擦力剛達到最大靜摩擦力時,拉力為F臨界,對整個系統(tǒng)使用牛頓第二定律得F臨界=(mA+mB)a臨界.對物塊B使用牛頓第二定律得fB=mBa臨界.聯(lián)立求解得F臨界=6 N,a臨界=2 m/s2.當F=1 N<6 N時,A、B均與木板保持相對靜止,整體在F的作用下向左做勻加速運動,(A)錯誤.當F=1.5 N<6 N時A、B均與木板保持相對靜止,對整個系統(tǒng)使用牛頓第二定律得1.5 N=(mA+mB)a.對物塊A使用牛頓第二定律得F-fA=mAa.聯(lián)立求解得fA=1 N,(B)錯誤.當F=6 N時B物塊所受摩擦力恰好達到最大靜摩擦力,(C)正確.當F=8 N>6 N時B物塊與輕木板間發(fā)生相對滑動,A物體與輕木板間不會發(fā)生相對滑動,則A物體的加速度F-f=mAaA,其中f等于B與輕木板間的滑動摩擦力,得到aA=3 m/s2,(D)正確,故選(C)、(D).

        例7.某緩沖裝置的理想模型如圖8所示,勁度系數(shù)足夠大的輕質彈簧與輕桿相連,輕桿可在固定的槽內移動,與槽間的滑動摩擦力恒為f.輕桿向右移動不超過L時,裝置可安全工作.一質量為m的小車若以速度v0撞擊彈簧,將導致輕桿向右移動L/4,輕桿與槽間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,且不計小車與地面的摩擦.求:

        (1)若彈簧的勁度系數(shù)為k,輕桿開始移動時彈簧的壓縮量x;

        (2)為使裝置安全工作,允許該小車撞擊的最大速度vm;

        (3)討論在裝置安全工作時,該小車彈回速度v′和撞擊速度v的關系.

        圖8

        解析: (1) 輕桿開始移動時,彈簧的彈力F=kx,且F=f,解得x=f/k.

        (3) 設輕桿恰好移動時,小車撞擊速度為v1,則由動能定理可得

        例6中的木板是輕質木板,木板的質量是不計的,跟輕桿是一樣的.如果以輕木板為研究對象,由牛頓第二定律可得A、B兩物體對輕木板的摩擦力大小始終相等.在A、B均與木板保持相對靜止,整體在F的作用下向左做勻加速運動過程中,A、B所受摩擦力隨著F的增大而增大,在其中一個物體所受摩擦力達到最大靜摩擦力后,該物體與木板之間出現(xiàn)相對滑動,另一物體與木板之間摩擦力不再增大、一定不會出現(xiàn)另一物塊也相對輕木板滑動的情況.這和“重”木板(考慮木板的質量)是不一樣的.這是該題的一個思維難點.突破該難點的方法就是抓住輕板的合力為0.例7中在桿開始移動前,彈簧逐漸被壓縮,直至桿開始移動,由于桿的質量不計,桿的合力一定為0,即彈簧彈力與桿收到的滑動摩擦力等大反向,因此彈簧的壓縮量不會再變大,之后彈簧和輕桿由于質量不計,能瞬間獲得和小車相同的速度并一起開始減速,直至速度為0,速度突變過程中不需要消耗任何能量;當分類討論小車彈回速度v′和撞擊速度v的關系時,當v1≤v≤vm時,由于彈簧被壓縮x后就不再變化,儲存的彈性勢能在桿移動過程中不變,小車彈回時的速度是不變的.對例7分析時只有清楚桿的受力特點和能量特點,才能理清整個過程中的物理思路.

        結束語: 雖然實際問題中輕桿模型并不存在,但這種理想化模型的建立與分析恰恰是培養(yǎng)學生科學思維的很好途徑.物理中很多不計質量的模型與輕桿模型的分析方法是類似的,如輕繩、輕彈簧等,無論涉及的情景多么復雜,能否抓住這類輕模型的最主要特征會成為解題的關鍵所在.

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