摘要：從2024年北京卷第17題立體幾何問題出發(fā)，探究本題的多種解法.在幾何法的解題中，從定義出發(fā)對(duì)題目進(jìn)行本質(zhì)的剖析，通過建立條件和結(jié)論的關(guān)聯(lián)，幫助學(xué)生找到“可操作、可遷移”的確定投影的方式;對(duì)題目進(jìn)行教材類題溯源，并給出適當(dāng)變式，培養(yǎng)學(xué)生邏輯推理、直觀想象核心素養(yǎng);最后，提出在立體幾何模塊中的教學(xué)建議.

關(guān)鍵詞：立體幾何;二面角的求法;2024年北京卷;多解探究

1 試題呈現(xiàn)

（2024年北京卷第17題）如圖1，在四棱錐PABCD中，BC∥AD，AB=BC=1，AD=3，點(diǎn)E在AD上，且PE⊥AD，PE=DE=2.

（1）若F為線段PE中點(diǎn)，求證：BF∥平面PCD.

（2）若AB⊥平面PAD，求平面PAB與平面PCD夾角的余弦值.

2 解題思路分析

此題是一道立體幾何解答題，考查線面平行的證明和二面角的求解.此題的兩小問都可以用幾何法和向量法兩種方法解答.2.1 第一問的分析

此問要證明線面平行，可以從幾何法的角度進(jìn)行分析.

在利用幾何法證明時(shí)，一方面，可以利用直線與平面平行的判定定理證明，即證明BF∥CS（S為PD的中點(diǎn)）；另一方面，可以利用兩個(gè)平面平行的性質(zhì)，即證明平面BFT∥平面PCD.

第一問的思維導(dǎo)圖如圖2所示.

2.2 第二問的分析

第二問分別從向量法、幾何法和距離轉(zhuǎn)化法三個(gè)方面，給出六種解法，此問的思維導(dǎo)圖如圖3所示.

（1）利用向量法解決時(shí)，思維難度較低，計(jì)算兩個(gè)平面法向量夾角的余弦絕對(duì)值，即為兩平面夾角的余弦值.

（2）利用幾何法求解平面與平面的夾角時(shí)，可以轉(zhuǎn)化為求其相關(guān)的二面角，難點(diǎn)在于作出二面角的平面角.若作出的兩條垂線的垂足不重合，則可利用空間余弦定理直接求出（如解法2），亦可通過平移使其垂足重合，在三角形內(nèi)求解（如解法3）.

（3）另一方面，可以通過先作某個(gè)面的垂線，利用三垂線法作出二面角的平面角.作垂線有“納入垂線”和“構(gòu)造垂面“兩種策略，即分別可以作出點(diǎn)D在平面PAB上的投影和點(diǎn)A在平面PDG（G為AB與CD延長(zhǎng)線的交點(diǎn)）上的投影.

在解法4中，要求二面角APGD，可以先作出點(diǎn)D在平面APG上的射影，

由已知條件AB⊥平面PAD，可得平面APG⊥平面PAD，因此，作DD′⊥PA于點(diǎn)D′，則有DD′⊥平面PAB.作D′H⊥PG于點(diǎn)H，連接HD，則∠DHD′即為所求二面角的平面角.如圖4.

在解法5中，可以作出點(diǎn)A在平面PDG上的射影.分析發(fā)現(xiàn)平面PAD∩平面PDG=PD，在平面APD中，作AL⊥PD于點(diǎn)L，因AL∩AB=A，

則PD⊥平面ALG，所以得平面ALG⊥平面PDG，且交于GL.作AH⊥PG于點(diǎn)H，作AA′⊥GL于點(diǎn)A′，連接HA′，則∠AHA′即為所求二面角的平面角.如圖5.

（4）最后，利用距離轉(zhuǎn)化時(shí)，只需要求解點(diǎn)A到平面PCD的距離和點(diǎn)A到棱PG的距離，再利用sin θ=dA平面PCDdAPG，即可求解.

3 試題解析

3.1 第一問的解析

法1：直線與平面平行的判定定理.

法2：兩個(gè)平面平行的性質(zhì).

如圖7，取ED的中點(diǎn)T，連接FT，BT.

因?yàn)镕為PE中點(diǎn)，則FT∥PD，而FT平面PCD，所以FT∥平面PCD.

又因?yàn)門D 瘙 綉 BC，則四邊形DTBC為平行四邊形，故BT∥CD，而BT平面PCD，所以BT∥平面PCD.

又FT∩BT=T，所以平面BFT∥平面PCD.

因?yàn)锽F平面BFT，所以BF∥平面PCD.

3.2 第二問的解析

解法1：向量法.

由ED=2，得AE=1，則AE∥BC，AE=BC，故四邊形AECB為平行四邊形，則CE∥AB，從而CE⊥平面PAD.

而PE，ED平面PAD，則CE⊥PE，CE⊥ED，又PE⊥ED，故建立如圖8所示的空間直角坐標(biāo)系，則A（0，-1，0），B（1，-1，0），C（1，0，0），D（0，2，0），P（0，0，2）.

故PA=（0，-1，-2），PB=（1，-1，-2），PC=（1，0，-2），PD=（0，2，-2）.

設(shè)平面PAB的法向量為m=（x，y，z）.

根據(jù)m·PA=0，

m·PB=0，可得到-y-2z=0，

x-y-2z=0，不妨取m=（0，-2，1）.

設(shè)平面PCD的法向量為n=（a，b，c）.

由n·PC=0，

n·PD=0，可得a-2c=0，

2b-2c=0，取n=（2，1，1）.

所以cos〈m，n〉=-15×6=-3030.

掃碼看解題過程故平面PAB與平面PCD夾角的余弦值為3030.

解法2：定義法（空間余弦定理）略，掃碼看具體過程.

解法3：定義法（平移求異面直線所成的角）.

同解法2求解AH，PH，DT，PT的長(zhǎng).

如圖9，過點(diǎn)T作TR∥AH交PA于點(diǎn)R，連接DR，則∠DTR即為所求二面角的平面角.

由相似可得TR=PTPH·AH=65529.

此時(shí)AR=355，cos∠PAD=15.所以DR2=95=365.

故易求cos∠DTR=3030.

解法4：三垂線法（納入垂線）.

因?yàn)锳B⊥平面PAD，所以平面PAB⊥平面PAD，且交于PA.延長(zhǎng)AB，CD交于點(diǎn)G，連PG.

如圖10，作DD′⊥PA于點(diǎn)D′，則DD′⊥平面PAB.

作D′H⊥PG于點(diǎn)H，連接HD.

因?yàn)镈′H∩DD′=D′，所以PG⊥平面DHD′.

所以PG⊥DH.

所以∠DHD′即為所求二面角的平面角.

在△APD中，由PE=ED=2，AE=1，易得PA=5.

故S△PAD=12×AD×PE=12×PA×DD′，可得DD′=655.

因?yàn)镻D=22，所以PD′=25.

由tan∠APG=AGPA=325，得sin∠APG=329，所以HD′=65×29.

所以在Rt△DD′H中，tan∠DHD′=DD′HD′=6565×29=29，則cos∠DHD′=3030.

解法5：三垂線法（構(gòu)造垂面）略，掃前文二維碼看具體過程.

解法6：距離轉(zhuǎn)化法.

設(shè)AA′⊥平面PCD于點(diǎn)A′，設(shè)d=AA′.

由等體積法，VAPCD=VPACD.

易得S△ACD=32;在△PCD中，PC=CD=5，PD=22，則S△PCD=6.

所以d=62.

作AH⊥PG于點(diǎn)H，在Rt△PAG中，可得到AH=3529.

設(shè)平面PAB與平面PCD夾角為θ，則有sin θ=dAH=2930，所以cos θ=3030.

4 試題溯源

溯源1三垂線定理在教材中的呈現(xiàn)

三垂線定理是證明垂直關(guān)系的重要工具，以習(xí)題的形式出現(xiàn)在人教A版教材必修第二冊(cè)的習(xí)題8.6的第5題.題目如下：

如圖11，在三棱錐PABC中，CD⊥AB，垂足為D，PO⊥底面ABC，垂足為O，且O在CD上，求證AB⊥PC.

三垂線定理：平面內(nèi)一條直線，如果它和這個(gè)平面的一條斜線的射影垂直，那么它和這條斜線垂直.

三垂線定理逆定理：平面內(nèi)的一條直線，如果它和這個(gè)平面的一條斜線垂直，那么它也和這條斜線在平面內(nèi)的射影垂直.

三垂線定理及其逆定理在證明線線垂直、線面垂直以及構(gòu)造二面角的平面角中均有廣泛的應(yīng)用.

溯源2空間余弦定理在教材中的呈現(xiàn)

空間余弦定理在人教A版選擇性必修第一冊(cè)“1.4.2用空間向量研究距離、夾角問題”中以例題形式出現(xiàn)，以三棱錐為載體求解異面直線所成的角.題目如下：

如圖12，在棱長(zhǎng)為1正四面體（四個(gè)面都是正三角形）ABCD中，M，N分別為BC，AD的中點(diǎn)，求直線AM和CN夾角的余弦值.

同時(shí)，在教材第41頁練習(xí)第1題，則以二面角為載體體現(xiàn)空間余弦定理.題目如下：

如圖13，二面角αlβ的棱上有兩個(gè)點(diǎn)A，B，線段BD與AC分

別在這個(gè)二面角的兩個(gè)面內(nèi)，并且都垂直于棱l，若AB=4，AC=6，BD=8，CD=217，求平面α與平面β的夾角.

溯源3無棱二面角求解問題的教材溯源

在人教A版選擇性必修第一冊(cè)中，第一章復(fù)習(xí)參考題1的第12題，即為求解無棱二面角的問題.此題背景與2024年北京卷立體幾何題目背景如出一轍，題目如下：

如圖14，在四棱錐SABCD中，底面ABCD滿足AB⊥CD，AB⊥BC，SA⊥底面ABCD，且SA=AB=BC=1，AD=0.5.

（1）求四棱錐SABCD的體積；

（2）求平面SCD與平面SAB的夾角的余弦值.

5 變式練習(xí)

略，掃前文二維碼下載變式練習(xí)題.

6 教學(xué)啟示

（1）回歸教材，構(gòu)建完整知識(shí)體系

在進(jìn)行立體幾何的教學(xué)時(shí)，可以對(duì)同一版本的不同教材、不同版本的教材的教學(xué)資料進(jìn)行融合、改編和再創(chuàng)造，如進(jìn)行“立體幾何初步”模塊的教學(xué)時(shí)，可以引入部分選擇性必修第一冊(cè)的素材，鼓勵(lì)學(xué)生用幾何法解決問題，培養(yǎng)學(xué)生的空間觀念和直觀想象、邏輯推理能力;同時(shí)，在梳理知識(shí)聯(lián)系、探尋基本的解決問題方法的同時(shí)，引導(dǎo)學(xué)生關(guān)注教材例、習(xí)題，以及閱讀材料等素材，挖掘其中蘊(yùn)含的思想方法，并鼓勵(lì)學(xué)生改編、挖掘教材素材.

（2）回歸本質(zhì)，代數(shù)與幾何齊飛

在進(jìn)行立體幾何的教學(xué)時(shí)，鼓勵(lì)學(xué)生靈活選擇向量方法與綜合幾何方法，從不同的角度解決立體幾何問題，引導(dǎo)多維度的思考，回歸定義，凸顯問題本質(zhì)，提升學(xué)生解決數(shù)學(xué)問題的核心能力和素養(yǎng).

（3）逆向反推，找到條件與結(jié)論的聯(lián)系

在進(jìn)行立體幾何解題教學(xué)時(shí)，可以引導(dǎo)學(xué)生通過畫思維導(dǎo)圖的方式，建立條件與結(jié)論的關(guān)聯(lián)，如本題教學(xué)中，在利用三垂線法求解二面角時(shí)，應(yīng)重點(diǎn)分析如何通過條件的轉(zhuǎn)化構(gòu)建面面垂直，進(jìn)而找到所求點(diǎn)的投影的位置;同時(shí)，鼓勵(lì)學(xué)生將分析問題的思維進(jìn)行可視化呈現(xiàn)，引導(dǎo)學(xué)生分析如何根據(jù)結(jié)論反推需要的條件.