甘超一

(華南農(nóng)業(yè)大學(xué)資源環(huán)境學(xué)院2019級(jí)環(huán)境科學(xué)2班,廣東 廣州 510642)

1.滿足正整數(shù)n≤2022且2n+1與3n+1均為完全平方數(shù)的n的個(gè)數(shù)是( ).

A.0 B.1 C.2 D.以上均錯(cuò)

解析設(shè)2n+1=(2k+1)2(k∈N*),可得n=2k(k+1)≤2022,k≤31.

還可設(shè)3n+1=6k(k+1)+1=5(k2+k)+(k2+k+1)=l2(l∈N*),所以k2+k+1≡l2≡0,1,4(mod5),進(jìn)而可得k≡0,4(mod5).

再由k∈N*,k≤31,可得k只可能取12個(gè)值:4,5,9,10,14,15,19,20,24,25,29,30.

再由6k(k+1)+1=l2(l∈N*),可得k=5,l=11,再得n=40,所以滿足題設(shè)的n的個(gè)數(shù)是1.

2.滿足∠ACB=∠CAD=40°,∠ABD=∠BDC=50°且兩兩不相似的凸四邊形ABCD的個(gè)數(shù)是( ).

A.1 B.2 C.3 D.以上均錯(cuò)

解析在凸四邊形ABCD中,由∠ACB=∠CAD,可得AD∥BC;同理可得AB∥CD.所以凸四邊形ABCD是平行四邊形.

在△OAB與△OBC中,由正弦定理可得

2sinθcosθ=2sin40°sin50°,

sin2θ=sin80°(0°<θ<90°),

所以θ=40°,50°.

所以滿足題設(shè)的凸四邊形ABCD的個(gè)數(shù)是2.

3.滿足正整數(shù)y≤2022且100|2y+y的y的個(gè)數(shù)是( ).

A.16 B.18 C.20 D.以上均錯(cuò)

解析可得22|2y+y,再得2|y,又得4|y,可設(shè)y=4x(x∈N*,x≤505).

因而題設(shè)即25|24x+4x,25|(5×3+1)x+4x(x∈N*,x≤505).

由5|(5×3+1)x+4x(x∈N*,x≤505),可得5|1+4x,5|x-1(x∈N*,x≤505),因而可設(shè)x=5z+1(z∈N,z≤100).

因而題設(shè)即25|220z+4+20z+4,25|4(220)z+5z+1(z∈N,z≤100).

A.320 B.321 C.322 D.以上均錯(cuò)

注該題解答中的數(shù)列{an}就是數(shù)學(xué)史上著名的盧卡斯數(shù)列.

A.2 065 020 B.2 066 020

C.2 067 020 D.以上均錯(cuò)

再由m∈N*,102≤m+2≤1 001,可得n∈N*,n≤9,n|1 000,所以n=1,2,4,5,8.

進(jìn)而可求得(m,n)=(998,1),(498,2),(248,4),(198,5),(123,8),所以滿足題中條件的六位數(shù)1 000m+n共五個(gè):998 001,498 002,248 004,198 005,123 008.可求得它們的和是2065 020.

6.滿足a,b,c,d∈Z且a+b+c+d=6的正整數(shù)ab+ac+ad+bc+bd+cd的取值個(gè)數(shù)是( ).

A.10 B.20 C.30 D.以上均錯(cuò)

解析由柯西不等式,可得(12+12+12+12)·(a2+b2+c2+d2)≥(1a+1b+1c+1d)2=36,a2+b2+c2+d2≥9.

由恒等式2(ab+ac+ad+bc+bd+cd)=(a+b+c+d)2-(a2+b2+c2+d2),及題設(shè)a,b,c,d∈Z且a+b+c+d=6,可得2|a2+b2+c2+d2.

下證8? (a2+b2+c2+d2).

進(jìn)而可得:當(dāng)a,b,c,d中的奇數(shù)個(gè)數(shù)是1,2,3時(shí),均可得4? (a2+b2+c2+d2),所以8? (a2+b2+c2+d2);當(dāng)a,b,c,d中的奇數(shù)個(gè)數(shù)是4時(shí),可得8? (a2+b2+c2+d2).

當(dāng)a,b,c,d中的奇數(shù)個(gè)數(shù)是0,即a,b,c,d全是偶數(shù)時(shí),可設(shè)a=2a′,b=2b′,c=2c′,d=2d′(a′,b′,c′,d′∈Z),得a′+b′+c′+d′=3.再由恒等式

(a′+b′+c′+d′)2=a′2+b′2+c′2+d′2+2(a′b′+a′c′+a′d′+b′c′+b′d′+c′d′),

可得2? (a′2+b′2+c′2+d′2),8? [(2a′)2+(2b′)2+(2c′)2+(2d′)2],8? (a2+b2+c2+d2).

所以8? (a2+b2+c2+d2).

所以本題即求滿足a,b,c,d∈Z且a+b+c+d=6,10≤a2+b2+c2+d2≤34,2|a2+b2+c2+d2,8? (a2+b2+c2+d2)的整數(shù)a2+b2+c2+d2取值個(gè)數(shù).

再由1+1+2+2=6,12+12+22+22=10,0+2+2+2=6,02+22+22+22=12,0+1+2+3=6,02+12+22+32=14,0+0+3+3=6,02+02+32+32=18,(-1)+1+3+3=6,(-1)2+12+32+32=20,(-1)+1+2+4=6,(-1)2+12+22+42=22,(-1)+0+3+4=6,(-1)2+02+32+42=26,(-2)+2+2+4=6,(-2)2+22+22+42=28,(-2)+1+3+4=6,(-2)2+12+32+42=30,(-2)+1+2+5=6,(-2)2+12+22+52=34,所以所求答案是10.

7.滿足AB=1,BC=2,CD=4,DA=3的凸四邊形ABCD的內(nèi)切圓半徑的取值范圍是( ).

證明連接凸四邊形ABCD的對(duì)角線BD,在△ABD與△CBD中,分別由余弦定理可得

a2+d2-2adcosA=BD2=b2+c2-2bccosC.

①

進(jìn)而可得引理成立.

再來(lái)解答本題.

8.已知三個(gè)復(fù)數(shù)z1=(5-a)+(6-4b)i,z2=(2+2a)+(3+b)i,z3=(3-a)+(1+3b)i(a,b∈R).若|z1|+|z2|+|z3|取最小值,則3a+6b=( ).

A.12+π B.12-π C.12-2π D.以上均錯(cuò)

圖1 第9題圖

A.3 B.2 C.1 D.以上均錯(cuò)

C.(0,1] D.以上均錯(cuò)

解析如圖2所示,連接AM.由題設(shè),可得∠ADM=180°-∠BCD=180°-∠ABM,所以A,B,M,D四點(diǎn)共圓,再得∠BAM=∠BDM.

圖2 第11題圖

在△ABM中,由正弦定理可得

A.3 B.9 C.18 D.以上均錯(cuò)

A.730 B.520 C.370 D.以上均錯(cuò)

解析可得A<10n+1,1≤D(A)≤9(1+2+22+…+2n)=9(2n+1-1)<10·2n+1(n∈N).

由b0<1040,可得b1=D(b0)<10·240<10·814<1015;再得b2=D(b1)<10·215=10·85<106;又得b3=D(b2)<10·26=640<103;又得b4=D(b3)<10·23=80<102;又得b5=D(b4)<10·22=40<102;…進(jìn)而可得正整數(shù)b2022是一位數(shù)或兩位數(shù),所以b2022的各位數(shù)字的平方和不超過(guò)92+92=162,因而本題的答案是D.

A.2 B.4 C.8 D.以上均錯(cuò)

所以與a10最接近的整數(shù)是4.

15.已知數(shù)列{ak}1≤k≤5的各項(xiàng)均為正整數(shù),且|ai+1-ai|≤1(i=1,2,3,4).若數(shù)列{ak}1≤k≤5中存在一項(xiàng)是3,則數(shù)列{ak}1≤k≤5可能的個(gè)數(shù)是( ).

A.211 B.243 C.387 D.以上均錯(cuò)

解析(1)若a1=3,由題設(shè)可列出表1,進(jìn)而可得滿足題設(shè)的數(shù)列共75個(gè):

表1 15題表

(2)若a1≠3且a2=3,可得a1=2或4.由題設(shè)還可列出表2(數(shù)列a2,a3,a4,a5共26個(gè)),進(jìn)而可得滿足題設(shè)的數(shù)列共2×26=52個(gè):

表2

(3)若a1≠3,a2≠3且a3=3,可得a2=2或4.當(dāng)a2=2時(shí),a1=1或2;當(dāng)a2=4時(shí),a1=4或5.所以數(shù)列a1,a2,a3共2×2=4個(gè).

若a3=3,可得a4=2.同理可得數(shù)列a3,a4,a5共3×3=9個(gè).

進(jìn)而可得滿足題設(shè)的數(shù)列共4×9=36個(gè).

(4)若a1≠3,a2≠3,a3≠3且a4=3,可得a5=2或3或4,所以滿足題設(shè)的數(shù)列共27個(gè).

(5)若a1≠3,a2≠3,a3≠3,a4≠3且a5=3,滿足題設(shè)的數(shù)列共21個(gè).

綜上所述,可得所求答案是75+52+36+27+21=211.

A.12 B.24 C.36 D.以上均錯(cuò)

17.將12個(gè)正整數(shù)1,2,3,…,12分別放入6個(gè)兩兩交集為空集的二元集合中,要求每個(gè)集合中的兩個(gè)元素互質(zhì),則不同的分法種數(shù)是( ).

A.252 B.302 C.352 D.以上均錯(cuò)

解析因?yàn)?,4,6,8,10,12這6個(gè)偶數(shù)兩兩不互質(zhì),所以它們應(yīng)分別在題設(shè)中的6個(gè)集合(設(shè)為Y2,Y4,Y6,Y8,Y10,Y12)中(各放一個(gè)).還可得5?Y10;3,9?Y6;3,9?Y12;1,7,11可任意放入上述6個(gè)集合中(但要滿足這6個(gè)集合均是二元集合).

接下來(lái),再看6個(gè)奇數(shù)1,3,5,7,9,11如何放?分下面兩種情況:

綜上所述,可得所求答案是144+108=252.

18.已知m,n,k∈N*,若f(x)=(1+x)m+(1+x)n+(1+x)k的展開(kāi)式中x的系數(shù)是10,則f(x)的展開(kāi)式中x2系數(shù)的最大值與最小值之和是( ).

A.20 B.30 C.40 D.以上均錯(cuò)

解析由題設(shè)可得m+n+k=10(m,n,k∈N*),f(x)的展開(kāi)式中x2的系數(shù)是

由柯西不等式,可得(12+12+12)(m2+n2+k2)≥(1m+1n+1k)2=100.

再由m,n,k∈N*,可得m2+n2+k2≥34.

又因?yàn)楫?dāng)(m,n,k)=(3,3,4)時(shí),m2+n2+k2=34,所以(m2+n2+k2)min=34.

可得a2+b2≤12+(a+b-1)2?(a-1)(b-1)≥0,所以有不等式a2+b2≤12+(a+b-1)2(a,b∈N*).

所以m2+n2+k2≤12+(m+n-1)2+k2≤12+12+(m+n+k-2)2=12+12+82=66.

再由當(dāng)(m,n,k)=(1,1,8)時(shí),m2+n2+k2=66,所以(m2+n2+k2)max=66.

19.若△ABC的各邊長(zhǎng)依次成等差數(shù)列,則cosA+cosB+cosC的取值范圍是( ).

進(jìn)而可求得答案.

證明由點(diǎn)差法可證得 “圓或橢圓內(nèi)除中心外的點(diǎn)是唯一一條弦的中點(diǎn)”[1],由此可再證得結(jié)論.

橢圓內(nèi)接平行四邊形的中心就是該橢圓的中心.④

因而可設(shè)菱形Ω各頂點(diǎn)的坐標(biāo)分別是A1(acosα,bsinα),A2(acosβ,bsinβ),A3(-acosα,-bsinα),A4(-acosβ,-bsinβ)(0≤α<β<π+α<π+β<2π)(即0≤α<β<π),且得|A1A2|=|A1A4|,即

b2sinαsinβ=-a2cosαcosβ.

⑤

進(jìn)而可得欲證結(jié)論成立．