胡鳳瓊　劉少平　李艾清

近年來，多元最值問題深受命題者青睞，活躍在各級各類考試舞臺上，它往往是先給出多元變量的約束條件再來求相關(guān)多元變量的最值.這類試題由于變量多，涉及的知識面廣，綜合性強(qiáng)，思維的靈活度高，學(xué)生普遍感覺棘手，大多是費(fèi)盡周折，難以找到解題的思路和切入點(diǎn)，常常是半途而廢和無果而終，究其因，關(guān)鍵是不會將多元變量問題轉(zhuǎn)化為熟悉的數(shù)學(xué)問題和模型來處理.本文試圖借助近年的高考和模擬題，來捕捉此類問題中的規(guī)律性因素，以期對大家有所幫助.

一、代入消元法

通過等式代入消元，減少變量的個(gè)數(shù)，化多元函數(shù)為一元函數(shù)，轉(zhuǎn)化為熟悉的一元函數(shù)的最值問題求解.

例1設(shè)正實(shí)數(shù)x，y，z滿足x2-3xy+4y2-z=0，則xyz取得最大值時(shí)， 2x+1y-2z的最大值為. （2013山東高考題）

解∵z=x2-3xy+4y2， 又∵x，y，z為正實(shí)數(shù)

∴xyz=xyx2-3xy+4y2=1xy+4yx-3≤12xy·4yx-3=1（當(dāng)且僅當(dāng)x=2y時(shí)，取“=”）

∴xyz的最大值為1，此時(shí)x=2y

∴z=x2-3xy+4y2=（2y）2-3×2y×y+4y2=2y2

故2x+1y-2z=1y+1y-1y2=-（1y-1）2+1≤1

∴2x+1y-2z的最大值為1.

評注題目變量較多，可將z用x、y表示，再代入目標(biāo)函數(shù)，可以達(dá)到減元目的，有效地突破解題困境.

變式訓(xùn)練一設(shè)正實(shí)數(shù)x，y，z滿足x2-3xy+4y2-z=0，則當(dāng)zxy取得最小值時(shí)，x+2y-z的最大值為.[2]

二、基本不等式法

根據(jù)基本不等式a+b2≥ab（a>0，b>0，當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)等號成立）求最值的要求“和定積最大，積定和最小”，來構(gòu)造定值求解.

例2若a，b，c>0，且a2+2ab+2ac+4bc=12，則a+b+c的最小值是（ ）（2010年重慶高考題）

解∵12=a2+2ab+2ac+4bc=（a+2b）（a+2c）

≤[（a+2b）+（a+2c）2]2=（a+b+c）2

∵a，b，c>0，故（a+b+c）≥23，a+b+c的最小值為23.

評注通過將已知條件轉(zhuǎn)化為（a+2b）（a+2c）=12構(gòu)造了積為定值，再利用基本不等式將積式化為和式，使問題自然簡捷獲解.

變式訓(xùn)練二設(shè)x≥0，y≥0，x2+y22=1，則x1+y2的最大值為[324]

三、三角換元

當(dāng)變量之間的關(guān)系較為隱蔽不易發(fā)現(xiàn)時(shí)，可把問題的條件或結(jié)論作形式上的轉(zhuǎn)化，借助三角換元來揭示變量之間內(nèi)在聯(lián)系，把問題化難為易，化繁為簡.

例3對于c>0，當(dāng)非零實(shí)數(shù)a，b滿足4a2-2ab+4b2-c=0且使|2a+b|最大時(shí)，

3a-4b+5c的最小值為（2014年遼寧高考題）

解由已知可得（2a-12b）2+15b24=c

令2a-12b=ccosθ152b=csinθ

則2a=c15sinθ+ccosθb=2c15sinθ

從而|2a+b|=|c15sinθ+2c15sinθ+ccosθ|

=|3c15sinθ+ccosθ|=|

210c5sin（θ+φ）|=210c

5|sin（θ+φ）|

∴|2a+b|max=210c5，

此時(shí)4a2+4ab+b2=8c5

即4a2+4ab+b2=85（4a2-2ab+4b2），整理得4a2-12ab+9b2=0

∴（2a-3b）2=0，即2a=3b，又2a+b=4b=210c5，從而b=10c10.

于是3a-4b+5c=-2b+5c=-

210c+5c=5（1c-

105）2-2≥-2.

評注把題設(shè)條件轉(zhuǎn)化為（2a-12b）2+15b24=c的形式，聯(lián)想sin2α+cos2α=1，實(shí)施三角換元，思路自然流暢，解法簡潔明快.

變式訓(xùn)練三若x2+2xy-y2=7，（x，y∈R）則x2+y2的最小值為

（2013年浙江大學(xué)自主招生試題）[722]

四、柯西不等式法

柯西不等式本身具有二元或多元的形式結(jié)構(gòu)，為

解決多元變量問題提供了思路和方法.

例4設(shè)x，y，z∈R+，且x2+y2+z=1，求xy+2xz的最大值.（2010年北京大學(xué)自主招生試題）

解由x2+y2+z=1得1-z=x2+y2

∴（2-2z）2=（3+1）（x2+y2）≥（3x+y）2， 又x，y，z∈（0，1）

∴2-2z≥3x+y，則2-3x≥y+2z

∴xy+2xz=x（y+2z）≤x（2-3x）

=13·3x（2-3x）

≤13[3x+（2-3x）2]2=33

當(dāng)且僅當(dāng)3x=2-3x，x3=y

1且x2+y2+z=1即x=33，y=z=13時(shí)等號成立.

評注通過對已知條件實(shí)施恒等變形，配湊出柯西不等式的形式結(jié)構(gòu)，使變量x，y，z之間內(nèi)在聯(lián)系顯現(xiàn)出來，從而轉(zhuǎn)化為熟悉“和定積最大”問題，輕松獲解.

變式訓(xùn)練四設(shè)a>0，b>0，c>0且abc=1，求12a+1+12b+1+12c+1的最小值. [1]

五、利用待定系數(shù)法的思路來處理

當(dāng)目標(biāo)函數(shù)可以用給定約束條件中的多元變量的整體來表示時(shí)，可以考慮用待定系數(shù)法的思路來解決.

例5設(shè)x，y為實(shí)數(shù)，滿足3≤xy2≤8，4≤x2y≤9，則x3y4的最大值是（2010年江蘇高考題）

解設(shè)x3y4=（xy2）m·（x2y）n化簡得 x3y4=xm+2ny2m-n

∴m+2n=32m-n=-4得m=-1n=2

x3y4=（xy2）-1·（x2y）2∈[2，27]

∴x3y4的最大值是27.

評注本題通過恒等變形將x3y4變形為關(guān)于xy2與x2y的表達(dá)式，然后利用整體代換的方法求解，簡便易行.

變式訓(xùn)練五設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若1≤a5≤4，2≤a6≤3，則S6的最大值為.[42]

六、判別式法

某些多元變量問題，若從方程的角度來審視，使用判別式可使問題巧妙獲解.

例6若實(shí)數(shù)a，b，c滿足a+b+c=0，a2+b2+c2=1，則a的最大值為（2014年浙江高考試題）

解由a+b+c=0可得c=-（a+b）代入a2+b2+c2=1，

整理得a2+b2+ab=12， 考慮到求a的最大值，可以把上式看成關(guān)于b的一元二次方程b2+a·b+a2-12=0.

∵b∈R，∴Δ≥0，即a2-4（a2-12）≥0

解得-63≤a≤63，故a的最大值為63.

評注通過消元，緊扣方程定義，將問題化歸為一元方程有解來處理，簡潔明了.

變式訓(xùn)練六對于c>0，當(dāng)非零實(shí)數(shù)a，b滿足4a2-2ab+4b2-c=0且使|2a+b|最大時(shí)，3a-4b+5c的最小值為（2014年遼寧省高考題） [-2]

七、逐元突破法

在處理含有多變量問題時(shí)，可采取各個(gè)擊破的戰(zhàn)術(shù)，先將其中一個(gè)視為變量，其余看作參數(shù).從而突出主要矛盾，突破參數(shù)的相互制約，化多元問題為一元問題.

例7設(shè)a>b>c>0，求2a2+1ab+1a（a-b）-10ac+25c2的最小值.（2010年四川高考題）

解先將c看成變量，b，a看成參數(shù)，

令f（c）=（5c-a）2+a2+1ab +1a（a-b），則 [f（c）]min=f（a5）=a2+1ab+1a（a-b）=a2+1b（a-b）

再把b看成變量，a視為參數(shù)，

令g（b）=a2+1b（a-b）=1-（b-a2）2+a24+a2，

則[g（b）]min=g（a2）=4a2+a2

最后把a(bǔ)看成變量，令m（a）=a2+4a2，

則m（a）=a2+4a2≥4，當(dāng)且僅當(dāng)a=2時(shí)取等號.

綜上可得，當(dāng)且僅當(dāng)a=2，b=22，c=25時(shí)，原式最小值為4.

評注本題通過輪流視c，b，a為變量，實(shí)施逐一突破，化難為易，思路清晰，通俗易懂.

變式訓(xùn)練七已知x+2y+3z=1，求x2+y2+z2的最小值.[114]

八、拆分添式，合理配湊

有些數(shù)學(xué)命題，當(dāng)添加一個(gè)適當(dāng)?shù)臄?shù)、式或拆分某一式子，就可使命題的實(shí)質(zhì)顯露出來，這時(shí)應(yīng)抓住其特點(diǎn)進(jìn)行添加、拆分，促進(jìn)直觀認(rèn)識，使之產(chǎn)生解題思維飛躍，從而獲得奇思妙解.

例8同例7

解2a2+1ab+1a（a-b）-10ac+25c2

=a2-10ac+25c2+a2-ab+1a（a-b）+ab+1ab

=（a-5c）2+[a（a-b）+1a（a-b）]+（1ab+ab）

≥[a（a-b）+1a（a-b）]+（1ab+ab）

≥2+2=4

當(dāng)且僅當(dāng)a=2，b=22，c=25時(shí)取等號.

∴原式的最小值為4.

評注本題通過分拆2a2和加減項(xiàng)ab，從而配湊出完全平方式和積為定值的結(jié)構(gòu)特征，成為熟悉的基本不等式模式使問題解決，雖思維要求高，但仍有章可循.

變式訓(xùn)練八若x，y，z∈R+，x2+y2+z2=1，則2xy+yz的最大值為.[32]

九、整體換元

把多個(gè)變量的代數(shù)式用一個(gè)新變量來替換，達(dá)到消元（減少變量）的目的，從而獲得熟悉的數(shù)學(xué)模型.

例9已知正數(shù)a，b，c滿足：5c-3a≤b≤4c-a，clnb≥a+clnc，則ba的取值范圍是.（2012年江蘇高考題）

解由題設(shè)可得：

5c-3a≤bb≤4c-aclnb-clnc≥aa>0，b>0，c>0

兩邊同除以c得

3ac+bc-5≥0

ac+bc-4≤0bc≥ea/cac>0，bc>0

令ac=x，bc=y，問題轉(zhuǎn)化為熟悉的線性規(guī)劃問題：

圖1已知x，y滿足條件3x+y-5≥0x+y-4≤0y≥exx>0，y>0，求ba=yx的取值范圍.

先做可行域（如圖1）

由3x+y-5=0x+y-4=0得A（12，72）.

此時(shí)（yx）max=7，過原點(diǎn)做y=ex的切線，設(shè)切點(diǎn)為B（x0，ex0），又y′|x=x0=ex0，則切線方程為y=ex0·x.

將切點(diǎn)坐標(biāo)代入切線方程得x0=1，故切線斜率為e，則（yx）min=e

∴yx的取值范圍為[e，7]，即ba的取值范圍為[e，7].

評注本題中涉及的變元有三個(gè)，通過兩邊同除以c實(shí)施整體換元，把三元變量問題轉(zhuǎn)化為二元線性規(guī)劃問題，思維的僵局得以打破，可謂“柳暗花明又一村”.

變式訓(xùn)練九已知實(shí)數(shù)a，b，c滿足條件0≤a+c-2b≤1，且2a+2b≤21+c，

則

2a-2b2c的取值范圍是

. [-14，5-172]

十、和差代換

對任意實(shí)數(shù)x，y，恒有x=x+y2+x-y2，y=x+y2-x-y2，令x+y2=a，x-y2=b.那么x=a+b，y=a-b，這種代換稱為和差代換，利用和差代換可使復(fù)雜的多元問題變得簡單明了.

例10已知x，y，z∈R，且x+y+z=1，x2+y2+z2=3，則xyz的最大值是.

解由已知條件，消去變量z可得

x2+xy+y2-x-y-1=0 ①

令x=a+b，y=a-b代入①式整理得

3a2+b2-2a-1=0，∴b2=-3a2+2a+1≥0

解得：-13≤a≤1

xyz=xy（1-x-y）=（a+b）（a-b）[1-（a+b）-（a-b）]

=（a2-b2）（1-2a）=（a2+3a2-2a-1）（1-2a）

=-8a3+8a2-1

令f（a）=-8a3+8a2-1，則f ′（a）=-24a2+16a，

令f ′（a）=0，∴a=0或a=23

易知[f（a）]min=f（0）=-1，[f（a）]max=f（23）=527

因此xyz的最大值為527.

評注本題中xyz=xy（1-x-y），式中xy對于解題帶來了麻煩，可以通過代數(shù)變形x=a+by=a-b，消掉xy項(xiàng)，利用題設(shè)轉(zhuǎn)化為關(guān)于a的三次函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)求最值促成問題解決.

變式訓(xùn)練十設(shè)x，y為實(shí)數(shù)，若4x2+y2+xy=1，則2x+y的最大值為.[2105] （2011年浙江高考題）

十一、均值代換

對于含有x+y=m型條件的問題，若設(shè)x=m2+t，y=m2-t來代換，往往可獲得簡捷解法.

例11設(shè)a+b=3，求a·3a+b·3b的最小值.

解從數(shù)列的角度來分析，a，32，b成等差數(shù)列，設(shè)公差為d，不妨令b≥a，則有a=32-d，b=32+d（d>0）于是

a·3a+b·3b

=（32-d）·33/2-d+（32+d）·33/2+d（d>0）

=32（33/2-d+33/2+d）+d（33/2+d-33/2-d）

≥32（33/2-d+33/2+d）

≥32·233/2-d·33/2+d=93

∴當(dāng)且僅當(dāng)a=b時(shí)，a·3a+b·3b取得最小值，最小值為93.

評注本題利用均值代換，化二元為一元，減少了運(yùn)算量，簡化解題過程，從而提高解題速度.

變式訓(xùn)練十一實(shí)數(shù)a，b，c滿足a+b+c=1，求a2+b2+c2的最小值.[13]

十二、利用幾何意義求解

某些多元函數(shù)最值問題，若單純從代數(shù)角度去審視分析，往往不易尋找解題思路，這時(shí)，若根據(jù)函數(shù)式結(jié)構(gòu)特征，聯(lián)想與之相應(yīng)的幾何背景和模型，就可讓問題迎刃而解.

例12若實(shí)數(shù)a，b，c，d滿足（b+a2-3lna）2+（c-d+2）2=0，求（a-c）2+（b-d）2的最小值.

解目標(biāo)多元函數(shù)（a-c）2+（b-d）2表示兩點(diǎn)（a，b）和（c，d）之間距離的平方，根據(jù)已知條

件b+a2-3lna=0，c-d+2=0，即點(diǎn)（a，b）和（c，d）分別是曲線y=-x2+3lnx與直線x-y+2=0上的動點(diǎn)，因此問題就轉(zhuǎn)化為求曲線y=-x2+3lnx上點(diǎn)與直線x-y+2=0上點(diǎn)的距離的最小值的平方，

設(shè)曲線y=-x2+3lnx在點(diǎn)P（m，n）處切線與直線x-y+2=0平行，則y′|x=m=-2m+3m=1解得m=1或m=-32（舍），故切點(diǎn)P的坐標(biāo)為（1，-1），且P到直線x-y+2=0的距離為|1-（-1）+2|2=22.

∴（a-c）2+（b-d）2的最小值為8.

評注本題從問題蘊(yùn)含的幾何意義出發(fā)，洞察其幾何特征，聯(lián)想對應(yīng)的圖形分析，迅速地把握問題的實(shí)質(zhì)，從而促使我們從數(shù)形結(jié)合，以形助數(shù)中獲得形象直觀的解法.

變式訓(xùn)練十二若實(shí)數(shù)a，b，c，d滿足a2-2lnab=3c-4d=1，則（a-c）2+（b-d）2的最小值為

.[25（1-ln2）2]

十三、構(gòu)造向量法

向量集形與數(shù)于一體，既能參與運(yùn)算又能表示圖形，某些多元問題若根據(jù)條件和結(jié)論的結(jié)構(gòu)特征，合理構(gòu)造向量并利用向量數(shù)量積所蘊(yùn)含的不等關(guān)系處理，也可尋求到獨(dú)特新穎的解法.

例13設(shè)a，b>0，a+b=5，則a+1+b+3的最大值為（2015年重慶高考題）

解設(shè)向量a=（1，1），b=（a+1，b+3），由|a·b|≤|a|·|b|得a+1+b+3

≤2（a+b+4）=32，

當(dāng)且僅當(dāng)a，b同向，即a=72，b=32時(shí)取等號，故最大值為32.

評注通過構(gòu)造向量，實(shí)現(xiàn)了條件與結(jié)論的溝通，把看似與向量無關(guān)的問題轉(zhuǎn)化為向量運(yùn)算來解決，拓寬了解題思路，解法巧妙而自然.

變式訓(xùn)練十三已知x，y∈R，4x2+y2+xy=1，求2x+y的最大值.[2105]

十四、反客為主

多元變量問題按常規(guī)思維對變量主次區(qū)分使我們處于繁難境地時(shí)，可從條件與結(jié)論的內(nèi)在聯(lián)系變換思考方向，視參變元為主元進(jìn)行研究、推導(dǎo)，可找到問題的突破口.

例14若關(guān)于x的方程x2+ax+b=0有不小于2的實(shí)根，則a2+b2的最小值為.

解若原方程視作關(guān)于a、b的二元一次方程（以a、b為主元，x為參數(shù)），那么a2+b2的幾何意義是直線x·a+b+x2=0上的點(diǎn)M（a，b）到原點(diǎn)O（0，0）的距離的平方，故a2+b2≥（|x2|x2+1）2=x4x2+1，當(dāng)x≥2時(shí)0<1x2≤14，∴

x4x2+1=1（1x2）+（1x2）2≥165

∴最小值為165.

評注本題視角新穎，通過視a、b為主元，x為參數(shù)，迅速抓住解題切入點(diǎn)，實(shí)現(xiàn)了知識之間的融合與交匯，促成了問題的解決.

變式訓(xùn)練十四已知a、b∈R，關(guān)于x的方程x4+ax3+2x2+bx+1=0有一個(gè)實(shí)根，求a2+b2的最小值.[8]

十五、構(gòu)造函數(shù)法

多元變量問題，也可根據(jù)題設(shè)或結(jié)論所具有的特征，通過變換和構(gòu)造恰當(dāng)?shù)暮瘮?shù)，借助函數(shù)性質(zhì)來解決.

例15已知對任意實(shí)數(shù)x，二次函數(shù)f（x）=ax2+bx+c恒非負(fù)，若a

解由題意得b>a>0且Δ=b2-4ac≤0有c≥b24a，于是M=a+b+cb-a≥a+b+b24ab-a=（2a+b）24a（b-a）=（2+ba）24（ba-1）

令t=ba（t>1），構(gòu)造函數(shù)f（t）=（2+t）24（t-1）（t>1）

求導(dǎo)得f ′（t）=（t+2）（t-4）4（t-1）2，當(dāng)14時(shí)，有f ′（t）>0，從而f（t）min=f（4）=3，于是M≥3，故當(dāng)b=4a=c時(shí)Mmin=3.

評注本例通過恒等變形后，構(gòu)造函數(shù)f（t）=（2+t）24（t-1）（t>1），然后借助導(dǎo)函數(shù)來求最值，解法完美簡潔.

變式訓(xùn)練十五已知a，b，c∈R+，且a+b+c=1，求M=3a2-a1+a2+3b2-b1+b2+3c2-c1+c2的最小值.[0]

十六、分母換元

當(dāng)多元函數(shù)分母較為復(fù)雜，不易變形和計(jì)算時(shí)，可對分母實(shí)施整體換元來改變問題結(jié)構(gòu)，轉(zhuǎn)換成熟悉的不等式模式來求解.

例16設(shè)a，b，c為正實(shí)數(shù)，求a+3ca+2b+c+4ba+b+2c-8ca+b+3c.

解令x=a+2b+c，y=a+b+2c，z=a+b+3c

則x-y=b-c，z-y=c，∴b=x-2y+z，c=-y+z，

∴a+3c=z-b=z-（x-2y+z）=-x+2y

∴a+3ca+2b+c+4ba+b+2c-8ca+b+3c

=-17+2·yx+4·xy+4·zy+8·yz≥-17+122

∴最小值為-17+122.

評注本題直接入手難度較大，通過對分母換元，對問題進(jìn)行變更，使問題解決變得簡單而明朗.

變式訓(xùn)練十六已知a，b，c，d∈R+，求

f（a，b，c，d）=ab+c+d+bc+d+a+ca+b+d+da+b+c的最小值.[43]

以上給出了多元變量函數(shù)最值問題的常用方法和技巧，但這些方法和技巧并不是孤立的，而是互相聯(lián)系和滲透，許多多變元問題解決往往需要綜合運(yùn)用多種方法和技巧，因此要認(rèn)真領(lǐng)會每種方法實(shí)質(zhì)，靈活應(yīng)用.

（收稿日期：2015-12-20）